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榮昌中學(xué)高2025級高二上期第二次月考物理試題（考試時間75分鐘滿分100分）第I卷選擇題一、單項選擇題：本題共7小題，每小題4分，共28分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1.關(guān)于元電荷、電荷與電荷守恒定律，下列說法正確的是（　?。〢.元電荷e的數(shù)值最早是由美國物理學(xué)家密立根通過實(shí)驗(yàn)測得的B.利用靜電感應(yīng)可使任何物體帶電，質(zhì)子和電子所帶電荷量相等，比荷也相等C.單個物體所帶的電量總是守恒的，電荷守恒定律指帶電體和外界沒有電荷交換D.元電荷是指電子，電量等于電子的電量，體積很小的帶電體就可以看成點(diǎn)電荷【答案】A【解析】【詳解】A．元電荷e的數(shù)值最早是由美國物理學(xué)家密立根通過實(shí)驗(yàn)測得的，故A正確；B．靜電感應(yīng)不能使絕緣體帶電，電子和質(zhì)子所帶電荷量相等，但它們的質(zhì)量不相等，比荷不相等，故B錯誤；C．在與外界沒有電荷交換的情況下，一個系統(tǒng)所帶的電量總是守恒的，電荷守恒定律并不意味著帶電系統(tǒng)一定和外界沒有電荷交換，故C錯誤；D．元電荷的電量等于電子的電量，但不是電子，元電荷是帶電量的最小單元，沒有電性之說，當(dāng)兩個帶電體的形狀對它的相互作用力的影響可忽略時，這兩個帶電體可看作點(diǎn)電荷，故體積很小的帶電體未必就是點(diǎn)電荷，故D錯誤。故選A。2.某科研所研制出了一種新型金屬材料，具有特殊的物理和化學(xué)性質(zhì)，具有廣闊的市場前景。如圖所示，由該材料制成的一個立方體的邊長為c，其前后兩表面之間的電阻值為R1?，F(xiàn)用該材料制成一邊長為的立方體，其前后兩表面之間的電阻值為R2，則R1：R2為（　?。〢.1：125B.1：5C.5：1D.25：1【答案】B 【解析】【詳解】根據(jù)電阻定律可知則有故選B。3.實(shí)線為三條未知方向的電場線，從電場中的點(diǎn)以相同的速度飛出、兩個帶電粒子，、的運(yùn)動軌跡如圖中的虛線所示（、只受靜電力作用），則（　　）A.一定帶正電，一定帶負(fù)電B.靜電力對做正功，對做負(fù)功C.的速度將減小，的速度將增大D.的加速度將減小，的加速度將增大【答案】D【解析】【詳解】A．由圖，b粒子的軌跡向右彎曲，b粒子受到的電場力方向向右，a的軌跡向左彎曲，a粒子受到的電場力方向向左，由于電場線方向未知，因此無法確定兩個粒子的電性，選項A錯誤；BC．由圖知，電場力方向與粒子速度方向的夾角都是銳角，所以電場力對兩個粒子都做正功，動能都增大，速度都增大，選項BC錯誤；D．向左電場線越來越疏，場強(qiáng)越來越小，則a所受電場力減小，加速度減小；b所受電場力增大，加速度增大，選項D正確。故選D。4.特高壓直流輸電是國家重點(diǎn)能源工程，如圖所示為特高壓直流輸電塔仰視圖，兩根等高、相互平行的水平長直導(dǎo)線分別通有方向相同的電流和，，a、b、c三點(diǎn)連線與兩根導(dǎo)線等高并垂直，b 點(diǎn)位于兩根導(dǎo)線間的中點(diǎn)，a、c兩點(diǎn)與b點(diǎn)距離相等，d點(diǎn)位于b點(diǎn)正下方．不考慮地磁場的影響，則（　?。〢.a點(diǎn)處的磁感應(yīng)強(qiáng)度方向豎直向上B.b點(diǎn)處的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小不為零C.c點(diǎn)處的磁感應(yīng)強(qiáng)度方向豎直向上D.d點(diǎn)處的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為零【答案】C【解析】【分析】【詳解】A．由安培定則可知，兩電流產(chǎn)生的磁場在a處都是豎直向下，則兩電流的合磁場在a處方向豎直向下，故A錯誤；B．根據(jù)安培定則可知，電流I1產(chǎn)生的磁場在b處方向豎直向上，電流I2產(chǎn)生的磁場在b處的磁感應(yīng)強(qiáng)度方向豎直向下，，根據(jù)合成可知，b點(diǎn)處的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為零，故B錯誤；C．由安培定則可知，兩電流產(chǎn)生的磁場在c處都是豎直向上，則兩電流的合磁場在c處方向豎直向上，故C正確。D．由安培定則可知，兩電流在d處產(chǎn)生的磁場并非等大反向，根據(jù)合成可知，d點(diǎn)處的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小不為零，故D錯誤。故選C。5.如圖所示，一簇電場線的分布關(guān)于y軸對稱，O是坐標(biāo)原點(diǎn)，M、N、P、Q是以O(shè)為圓心的一個圓周上的四個點(diǎn)，其中M、N在y軸上，Q點(diǎn)在x軸上，則（　?。?A.M點(diǎn)的電勢比P點(diǎn)的電勢高B.OM間的電勢差等于NO間的電勢差C.一正電荷在O點(diǎn)時的電勢能大于在Q點(diǎn)時的電勢能D將一負(fù)電荷由M點(diǎn)移到P點(diǎn)，電場力做負(fù)功【答案】C【解析】【分析】【詳解】A．根據(jù)電場線與等勢線垂直特點(diǎn)，在M點(diǎn)所在電場線上找到P點(diǎn)的等勢點(diǎn)，根據(jù)沿電場線電勢降低可知，P點(diǎn)的電勢比M點(diǎn)的電勢高，故A錯誤；B．根據(jù)電場分布可知，OM間的平均電場強(qiáng)度比NO之間的平均電場強(qiáng)度小，故由公式U=Ed可知，OM間的電勢差小于NO間的電勢差，故B錯誤；C．O點(diǎn)電勢高于Q點(diǎn)，根據(jù)Ep=φq可知，正電荷在O點(diǎn)時的電勢能大于在Q點(diǎn)時的電勢能，故C正確；D．M點(diǎn)的電勢比P點(diǎn)的電勢低，負(fù)電荷從低電勢移動到高電勢電場力做正功，故D錯誤。故選C。6.如圖所示，a、b、c、d是某勻強(qiáng)電場中的四個點(diǎn)。它們是一個四邊形的四個頂點(diǎn)，，，，電場線與四邊形所在平面平行。已知a點(diǎn)電勢為18V，b點(diǎn)電勢為22V，d點(diǎn)電勢為6V。則下列說法正確的是（　?。?A.勻強(qiáng)電場的場強(qiáng)大小為B.場強(qiáng)方向由a指向cC.場強(qiáng)的方向由d指向bD.c點(diǎn)電勢為14V【答案】D【解析】【詳解】因?yàn)榭傻眠B接bd，則中點(diǎn)o的電勢為14V，則co連線為等勢面，場強(qiáng)方向由b指向d，場強(qiáng)大小為故選D7.如圖甲所示，M為一電動機(jī)，當(dāng)滑動變阻器R的滑片從一端滑到另一端的過程中，兩電壓表的讀數(shù)隨電流表讀數(shù)的變化情況如圖乙所示．已知電流表讀數(shù)在0.2A以下時，電動機(jī)沒有發(fā)生轉(zhuǎn)動．不考慮電表對電路的影響，以下判斷正確的是A.電源的電動勢為3.4VB.變阻器滑片向右滑動時，V2讀數(shù)逐漸減小C.電路中電動機(jī)的最大輸出功率為0.9WD.變阻器的最大阻值為30Ω 【答案】D【解析】【詳解】A．由電路圖甲知，電壓表V2測量路端電壓，電流增大時，內(nèi)電壓增大，路端電壓減小，所以最上面的圖線表示V2的電壓與電流的關(guān)系。此圖線的斜率大小等于電源的內(nèi)阻，為當(dāng)電流I=0.1A時，U=3.4V，則電源的電動勢故A錯誤；B．變阻器向右滑動時，R阻值變大，總電流減小，內(nèi)電壓減小，路端電壓即為V2讀數(shù)逐漸增大，故B錯誤；C．由圖可知，電動機(jī)電阻當(dāng)I=0.3A時，U=3V，電動機(jī)的輸入功率率最大，最大輸入功率為則最大的輸出功率一定小于0.9W，故C錯誤；D．當(dāng)I=0.1A時，電路中電流最小，變阻器的電阻為最大值，所以故D正確。故選D。二、多項選擇題：本題共3小題，每小題5分，共15分。在每小題給出的四個選項中，有多項符合題目要求。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有錯選的得0分。8.如圖所示，邊長為的的正方形區(qū)域中存在勻強(qiáng)磁場，磁場方向垂直紙面向里。一帶電粒子從邊的中點(diǎn)點(diǎn)以一定速度垂直于邊射入磁場，僅在洛倫茲力的作用下，正好從邊中點(diǎn)點(diǎn)射出磁場。忽略粒子受到的重力，下列說法中正確的是（　?。〢.該粒子帶正電 B.洛倫茲力對粒子做正功C.粒子在磁場中做圓周運(yùn)動的半徑為D.如果僅使該粒子射入磁場的速度增大，粒子做圓周運(yùn)動的半徑也將變大【答案】AD【解析】【詳解】A．粒子垂直射入勻強(qiáng)磁場中，做勻速圓周運(yùn)動，進(jìn)入磁場時，速度向右，磁場垂直紙面向里，洛倫茲力向上，故粒子帶正電，故A正確；B．根據(jù)左手定則，洛倫茲力與速度垂直，一定不做功，故B錯誤；C．洛倫茲力提供向心力，指向圓心；粒子從邊的中點(diǎn)點(diǎn)以一定速度垂直于邊射入磁場，圓心在射線上；正好從邊中點(diǎn)點(diǎn)射出磁場，圓心在的連線的垂直平分線上，所以圓心在點(diǎn)，故半徑為，故C錯誤；D．根據(jù)牛頓第二定律，有解得速度越大，軌道半徑越大，故D正確。故選AD。9.兩個較大的平行金屬板A、B相距為d，分別接在電壓為U的電源正、負(fù)極上，這時質(zhì)量為m的帶電油滴恰好靜止在兩極之間，如圖所示，在其它條件不變的情況下，那么在下列的過程中（　?。〢.如果保持連接電源，兩極距離不變，非常緩慢地錯開一些，電流計中電流a從流向bB.如果保持連接電源，將A板上移，油滴將向上加速運(yùn)動 C.如果斷開電源，A板上移，B板接地，油滴靜止不動，油滴處電勢減小D.如果斷開電源，兩板間接靜電計，A板上移，靜電計指針張角變大【答案】AD【解析】【詳解】A．根據(jù)可知兩極距離不變，非常緩慢地錯開一些，電容器的電容減小，根據(jù)保持連接電源，可知電容器的帶電量減少，電流計中電流a從流向b，故A正確；B．根據(jù)可知將A板上移，電容器內(nèi)電場強(qiáng)度減小，油滴受到的電場力減小，小于重力，油滴將向下加速運(yùn)動，故B錯誤；C．根據(jù)可知斷開電源，A板上移，電場強(qiáng)度不變，油滴靜止不動，油滴距B板的距離不變，可知油滴與B板的電勢差不變，B板接地，故油滴處電勢不變，故C錯誤；D．根據(jù)可知斷開電源，兩板間接靜電計，A板上移，電容器兩極板間的電勢差增大，靜電計指針張角變大，故D正確。故選AD。10.如圖所示，某多級直線加速器由n個橫截面積相同的金屬圓筒依次排列，其中心軸線在同一直線上，各金屬圓筒依序接在交變電源的兩極M、N上，序號為C的金屬圓板中央有一個質(zhì)子源，質(zhì)子逸出的速度不計，M、N兩極加上如圖所示的電壓，一段時間后加速器穩(wěn)定輸出質(zhì)子流。已知質(zhì)子質(zhì)量為m、電荷量為e，質(zhì)子通過圓筒間隙的時間不計，且忽略相對論效應(yīng)，則（　　） A.質(zhì)子各圓筒中做勻加速直線運(yùn)動B.加速器筒長和加速電壓不變，若要加速荷質(zhì)比更大的粒子，則要調(diào)小交變電壓的周期C.各金屬筒的長度之比為D.質(zhì)子進(jìn)入第n個圓筒時的瞬時速度為【答案】BC【解析】【詳解】A．金屬圓筒中電場為零，質(zhì)子不受電場力，做勻速運(yùn)動，故A錯誤；C．只有質(zhì)子在每個圓筒中勻速運(yùn)動時間為時，才能保證每次在縫隙中被電場加速，則第n個圓筒長度所以各金屬筒的長度之比為，故C正確；B．由C選項的分析可知，保持和不變，荷質(zhì)比增大，則T必須減小，故B正確；D．質(zhì)子進(jìn)入第n個圓筒時，經(jīng)過n次加速，根據(jù)動能定理解得故D錯誤。故選BC。第II卷非選擇題三、實(shí)驗(yàn)題：本大題共2個小題，共16分。11.某同學(xué)在做“練習(xí)使用多用電表”的實(shí)驗(yàn)： （1）當(dāng)多用電表做電壓表使用時，首先應(yīng)調(diào)節(jié)指針定位螺絲，使多用電表指針指向左側(cè)零刻度，然后將選擇開關(guān)旋轉(zhuǎn)到直流電壓擋，將紅表筆與電源___________（填“正”或“負(fù)”）極相連，黑表筆與電源另一極相連。（2）用多用電表的歐姆擋測量電阻的阻值時，若發(fā)現(xiàn)選用“”擋時指針偏角過小，則應(yīng)換用___________（填“”或“”）擋；重新歐姆調(diào)零后，多用電表指針示數(shù)如圖所示，則待測電阻的阻值約為___________。（3）測量完畢，將選擇開關(guān)旋轉(zhuǎn)到OFF位置?！敬鸢浮竣?正②.“”③.1300【解析】【詳解】（1）[1]測直流電壓時，紅表筆與電源正極相連。（2）[2][3]指針偏角過小，說明倍率較低，則應(yīng)換用“”擋。如圖，待測電阻的阻值約為12.在“測量金屬絲的電阻率”實(shí)驗(yàn)中，金屬絲的電阻約為5Ω。(1)用螺旋測微器測量金屬絲直徑d，示數(shù)如圖所示，d=________mm；(2)實(shí)驗(yàn)中提供的器材有開關(guān)、若干導(dǎo)線及下列器材：電壓表V1（量程0~3V，內(nèi)阻約3kΩ）；電壓表V2（量程0~15V，內(nèi)阻約15kΩ）電流表A1（量程0~0.6A，內(nèi)阻約0.1Ω）；電流表A2（量程0~3A內(nèi)阻約0.2Ω）滑動變阻器0~5Ω電源（電動勢為3V，內(nèi)阻很?。?甲同學(xué)為了使金屬絲兩端電壓調(diào)節(jié)范圍更大，并使測量結(jié)果盡量準(zhǔn)確，應(yīng)選用下圖所示的哪個電路進(jìn)行實(shí)驗(yàn)________；A.B.C.D.(3)實(shí)驗(yàn)時電壓表應(yīng)選________，電流表應(yīng)選________；（選填“V1、V2、A1、A2”）(4)乙同學(xué)利用如下圖所示的電路進(jìn)行實(shí)驗(yàn)時，向左移動滑片，滑動變阻器兩端的電壓U和流過它的電流I均發(fā)生變化，設(shè)變化量分別為ΔU、ΔI。請你判斷此過程中的值________（選填“增大”、“減小”或者“不變”）。（不考慮溫度對電阻的影響）【答案】①.0.184②.A③.V1④.A1⑤.不變【解析】【分析】【詳解】(1)[1]用螺旋測微器測量金屬絲直徑為(3)[3]因?yàn)殡娫措妱觿轂?V，所以電壓表選擇V1；[4]根據(jù)歐姆定律電流表選擇A1；(2)[2]為了能從零開始調(diào)解電路，所以滑動變阻器采用分壓接法； 所以電流表采用外接法；綜上所述，電路采用分壓外接法。故選A。(4)[5]根據(jù)閉合電路歐姆定律解得此過程中的值不變。四、計算題：本大題共3個小題，共41分。解答時應(yīng)寫出必要的文字說明、公式、方程式和重要的演算步驟，只寫出結(jié)果的不得分，有數(shù)值計算的題，答案中必須寫出明確的數(shù)值和單位。13.如圖，在傾斜固定的粗糙平行導(dǎo)軌上端接入電動勢、內(nèi)阻的電源和滑動變阻器R，導(dǎo)軌的間距，傾角。質(zhì)量的細(xì)金屬桿ab垂直置于導(dǎo)軌上，整個裝置處在垂直軌道平面向下的磁感應(yīng)強(qiáng)度的勻強(qiáng)磁場中（圖中未畫出），導(dǎo)軌與桿的電阻不計。細(xì)桿與導(dǎo)軌間的動摩擦因數(shù)μ=0.5（最大靜摩擦力等于滑動摩擦力）。，，，調(diào)節(jié)滑動變阻器的過程中：（1）如果細(xì)桿保持靜止，桿ab受到安培力最小值是多大，此時滑動變阻器的阻值為多大？（2）如果細(xì)桿保持靜止，但突然將滑動變阻器電阻調(diào)為1Ω，求調(diào)為1Ω的瞬間，桿ab的加速度的大小?！敬鸢浮浚?），；（2）【解析】【詳解】（1）當(dāng)有向上的最大靜摩擦力時，安培力最小 解的由安培力公式且解得（2）根據(jù)閉合電路歐姆定律根據(jù)牛頓第二定律解得14.如圖所示，質(zhì)量為m，電荷量為q的帶電粒子從粒子源無初速度地飄入電壓為U的加速電場，經(jīng)加速后從小孔沿平行金屬板A、B的中線射入，并打到B板的中心。已知A、B兩極板長為L，間距為d，不計帶電粒子的重力和粒子間的相互作用。（1）求帶電粒子離開加速電場時的速度大?。唬?）求A、B板間電場的電場強(qiáng)度大??；（3）若保持A、B兩極板的電荷量不變，將B板下移適當(dāng)距離，讓同種帶電粒子原樣射入恰能射出電場，求B板下移的距離?！敬鸢浮浚?）；（2）；（3） 【解析】【詳解】（1）設(shè)粒子離開加速電場時的速度為，由動能定理可得解得（2）設(shè)A、B板間電場的電場強(qiáng)度大小為，帶電粒子在A、B板間電場中做類平拋運(yùn)動，有，聯(lián)立解得（3）若保持A、B兩極板的電荷量不變，將B板下移適當(dāng)距離，根據(jù)可知電場強(qiáng)度保持不變；讓同種帶電粒子原樣射入恰能射出電場，則有解得故板下移的距離為15.如圖所示，為固定在豎直平面內(nèi)的絕緣軌道，其中部分為傾角的傾斜軌道。部分是圓心為O、半徑為R的四分之三圓弧軌道（兩部分軌道相切于B點(diǎn)），C為圓弧軌道的最低點(diǎn)，空間存在方向水平向右的勻強(qiáng)電場，使質(zhì)量為m、電荷量為q的帶正電小滑塊（視為質(zhì)點(diǎn)）靜止在斜面上到B點(diǎn)距離為的A點(diǎn)?，F(xiàn)將滑塊由靜止釋放、結(jié)果滑塊經(jīng)過D點(diǎn)后，落在斜面軌道上的F點(diǎn)（圖中未畫出）。勻強(qiáng)電場的電場強(qiáng)度大小為（g為重力加速度大?。?，不計一切摩擦及空氣阻力。求： （1）滑塊經(jīng)過C點(diǎn)時對軌道的壓力大小N；（2）滑塊沿圓弧軌道運(yùn)動過程中的最大速度；（3）B、F兩點(diǎn)間的距離x?！敬鸢浮浚?）；（2）；（3）【解析】【詳解】（1）滑塊從A點(diǎn)到C點(diǎn)，根據(jù)動能定理有解得在C點(diǎn)，根據(jù)牛頓第二定律有解得根據(jù)牛頓第三定律可得滑塊經(jīng)過C點(diǎn)時對軌道的壓力大小；（2）將滑塊受到重力和電場力合成一個力，等效成一個新的“重力”，其大小為設(shè)其與水平方向的夾角為，則有解得 即滑塊沿圓弧軌道運(yùn)動過程中的最大速度的位置是圖中的M點(diǎn)，如圖所示從C點(diǎn)到M點(diǎn)，根據(jù)動能定理有解得（3）根據(jù)對稱性原理，可知D點(diǎn)為等效的最高點(diǎn)，從C點(diǎn)到D點(diǎn)，根據(jù)動能定理有解得粒子從D到F點(diǎn)做類平拋運(yùn)動，沿半徑方向做勻加速直線運(yùn)動，垂直半徑方向做勻速直線運(yùn)動，根據(jù)幾何關(guān)系可知，垂直半徑方向的位移為R，則有沿半徑方向，根據(jù)牛頓第二定律有則沿半徑方向的位移為解得故B、F兩點(diǎn)間的距離