《浙江省寧波市北侖中學(xué)2023-2024學(xué)年高二上學(xué)期期初考試物理 Word版含解析.docx》由會(huì)員上傳分享，免費(fèi)在線閱讀，更多相關(guān)內(nèi)容在教育資源-天天文庫(kù)。

北侖中學(xué)2023學(xué)年高二年級(jí)第一學(xué)期期初考試物理選考試卷第I卷（選擇題）一、單選題（共39分）1.下列家用電器當(dāng)中不是利用電流的熱效應(yīng)工作的是（　?。〢.電茶壺B.電熨斗C.電視機(jī)D.電熱毯【答案】C【解析】【詳解】A．電茶壺將電能轉(zhuǎn)化為熱能，利用電流的熱效應(yīng)工作，故A錯(cuò)誤；B．電熨斗將電能轉(zhuǎn)化為熱能，利用電流的熱效應(yīng)工作，故B錯(cuò)誤；C．電視機(jī)將電能轉(zhuǎn)化為光能和聲音能量，故C正確；D．電熱毯將電能轉(zhuǎn)化為熱能，利用電流的熱效應(yīng)工作，故D錯(cuò)誤。故選C。2.下列關(guān)于電勢(shì)、電勢(shì)能功說(shuō)法正確的是（　?。〢.電荷在電場(chǎng)中具有的電勢(shì)能越大，電荷所在位置的電勢(shì)就越高B.把正電荷從初位置移到末位置電場(chǎng)力做正功，初位置的電勢(shì)一定比末位置電勢(shì)高C.電勢(shì)為零的位置，電勢(shì)能不一定為零D.電荷在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)，電勢(shì)能一定會(huì)發(fā)生改變【答案】B【解析】【詳解】A．正電荷放在電勢(shì)越高的位置電勢(shì)能越大，而負(fù)電荷放在電勢(shì)越高的位置電勢(shì)能越小。故如果是負(fù)電荷，則電勢(shì)能越大，說(shuō)明電勢(shì)越小，故A錯(cuò)誤；B．把正電荷從初位置移到末位置電場(chǎng)力做正功，則說(shuō)明電勢(shì)能減小，則由可知，初位置的電勢(shì)一定比末位置電勢(shì)高，故B正確；C．由可知，電勢(shì)為零的位置，電勢(shì)能一定為零。故C錯(cuò)誤；D．電荷在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)，只有電場(chǎng)力做功時(shí)電勢(shì)能才會(huì)發(fā)生變化，如果在等勢(shì)面上運(yùn)動(dòng)，則電勢(shì)能不會(huì)發(fā)生改變。故D錯(cuò)誤。故選B。3.如圖電路中，當(dāng)合上開(kāi)關(guān)S后，兩個(gè)標(biāo)有“3V、1W”的燈泡均不發(fā)光，用電壓表測(cè)得Uac=Ubd=6V，如果各段導(dǎo)線及接線處均無(wú)問(wèn)題，這說(shuō)明（　?。?A.開(kāi)關(guān)S未接通B.燈泡L1的燈絲斷了C.燈泡L2的燈絲斷了D.滑動(dòng)變阻器R電阻絲斷了【答案】C【解析】【詳解】用電壓表測(cè)得Uac=Ubd=6V，根據(jù)電壓表有讀數(shù)說(shuō)明與電壓表串聯(lián)的電路是沒(méi)有故障的，所以故障是燈泡L2的燈絲斷了，則C正確；ABD錯(cuò)誤；故選C。4.一只爆竹豎起升空后在高為5m處達(dá)到最高點(diǎn)，發(fā)生爆炸分為質(zhì)量不同的兩塊，兩塊質(zhì)量之比為，其中小的一塊落地時(shí)水平位移為6米，則兩塊爆竹落地后相距（　?。〢.4米B.9米C.10米D.12米【答案】C【解析】【詳解】在高點(diǎn)爆炸過(guò)程中，根據(jù)動(dòng)量守恒定律可得可得在豎直方向水平方向已知其中小的一塊落地時(shí)水平位移為6米，可求得大的一塊落地時(shí)水平位移為4米，則則兩塊爆竹落地后相距10m，故C正確，ABD錯(cuò)誤。故選C。5.2018年4月12日，我國(guó)遙感三十一號(hào)01 組衛(wèi)星成功發(fā)射，用于開(kāi)展電磁環(huán)境探測(cè)．在發(fā)射地球衛(wèi)星時(shí)需要運(yùn)載火箭多次點(diǎn)火，以提高最終的發(fā)射速度．某次地球近地衛(wèi)星發(fā)射的過(guò)程中，火箭噴氣發(fā)動(dòng)機(jī)每次噴出質(zhì)量為m=800g的氣體，氣體離開(kāi)發(fā)動(dòng)機(jī)時(shí)的對(duì)地速度v=1000m/s,假設(shè)火箭（含燃料在內(nèi)）的總質(zhì)量為M=600kg，發(fā)動(dòng)機(jī)每秒噴氣20次，忽略地球引力的影響，則A.火箭第三次氣體噴出后速度的大小約為4m/sB.地球衛(wèi)星要能成功發(fā)射，速度大小至少達(dá)到11.2km/sC.要使火箭能成功發(fā)射至少要噴氣500次D.要使火箭能成功發(fā)射至少要持續(xù)噴氣17s【答案】A【解析】【詳解】火箭第三次氣體噴出后，根據(jù)動(dòng)量守恒定律：，解得v3≈4m/s，選項(xiàng)A正確；地球衛(wèi)星要能成功發(fā)射，速度大小至少達(dá)到第一宇宙速度7.9km/s，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；要使火箭能成功發(fā)射至少要噴氣n次，則，其中vn=7.9km/s，解得n≈666次，即要使火箭能成功發(fā)射至少要持續(xù)噴氣666/20=33.3s，選項(xiàng)CD錯(cuò)誤；故選A.6.如圖所示，實(shí)線是一電場(chǎng)中的電場(chǎng)線，虛線是一負(fù)檢驗(yàn)電荷在這個(gè)電場(chǎng)中的軌跡，若電荷是從處運(yùn)動(dòng)到處，以下判斷正確的是（　?。〢.電荷從到加速度減小B.處電勢(shì)能小C.處電勢(shì)高D.電荷在處比在處的速度小【答案】D【解析】【分析】【詳解】A．由圖可知處的電場(chǎng)線比處的電場(chǎng)線密，說(shuō)明處的場(chǎng)強(qiáng)大于處的場(chǎng)強(qiáng)。根據(jù)牛頓第二定律，檢驗(yàn)電荷在處的加速度大于在處的加速度，所以A錯(cuò)誤；C．由圖可知，電荷做曲線運(yùn)動(dòng)，圖必受到不等于零的合外力，即，且的方向應(yīng)指向運(yùn)動(dòng)軌跡的凹側(cè)。因?yàn)闄z驗(yàn)電荷帶負(fù)電，所以電場(chǎng)線指向是從疏到密。再利用“電場(chǎng)線方向?yàn)殡妱?shì)降低最快的方向”判斷處電勢(shì)高低關(guān)系是，所以C錯(cuò)誤；B．根據(jù)檢驗(yàn)電荷的位移與所受電場(chǎng)力的夾角大于90° ，可知電場(chǎng)力對(duì)檢驗(yàn)電荷做負(fù)功。功是能量變化的量度，可判斷由電勢(shì)能增加，處電勢(shì)能大，所以B錯(cuò)誤；D．電場(chǎng)力做功與路徑無(wú)關(guān)，系統(tǒng)的能量守恒，電勢(shì)能增加，則動(dòng)能減小，即速度減小，所以D正確；故選D。7.光滑圓弧軌道AB與水平軌道BC相切于B點(diǎn)，一質(zhì)量為m的物塊甲從圓弧軌道上的A點(diǎn)由靜止下滑，在水平軌道上滑行的最大距離為s。在B點(diǎn)放置另一質(zhì)量為3m的物塊乙后，再把質(zhì)量為m的物塊甲從A點(diǎn)由靜止釋放，已知甲，乙兩物塊與水平軌道間的動(dòng)摩擦因數(shù)相同，兩物塊均可視為質(zhì)點(diǎn)，則兩物塊碰撞后粘連在一起繼續(xù)向右運(yùn)動(dòng)的最大距離為（　?。〢.4sB.C.D.【答案】D【解析】【詳解】由動(dòng)能定理可知，對(duì)甲下滑的過(guò)程有對(duì)甲在水平軌道上滑行時(shí)有兩物塊碰撞時(shí)有兩物塊粘連后在水平軌道上滑行時(shí)有解得 故選D。8.如圖所示，一平行板電容器充電后與電源斷開(kāi)，負(fù)極板接地，正極板與一靈敏靜電阻相接，電容器電荷量可認(rèn)為不變，靜電計(jì)指針偏轉(zhuǎn)一定的角度。以C表示電容器的電容、表示P點(diǎn)的電勢(shì)。下列說(shuō)法中正確的是（）A.若將電容器充上更多的電再斷開(kāi)，變大，C變大B.若將正極板也接地，電容器放電，變小，C變小C.若正極板向右移動(dòng)，變大，不變D.若正極板向右移動(dòng)，變大，變大【答案】C【解析】【詳解】AB．根據(jù)，可知電容器的電容由插入極板間的電介質(zhì)、正對(duì)面積、板間距共同決定，與充電、放電均無(wú)關(guān)，而當(dāng)給電容器充電時(shí)，電荷量變大，靜電計(jì)指針張角變大，若電容器充滿電后，電荷量穩(wěn)定不變，靜電計(jì)指針張角不變；當(dāng)電容器正極板與大地相連構(gòu)成回路，電容器放電，而當(dāng)電容器放電時(shí)，電荷量減小，因此兩極板間的電壓減小，靜電計(jì)指針張角減小，故AB錯(cuò)誤；CD．若將正極板向右移動(dòng)，則根據(jù)，可知，電容器的電容將減小，而電荷量不變，因此電容器兩極板間的電壓將增大，靜電計(jì)指針張角變大，而再結(jié)合三式聯(lián)立可得即當(dāng)電容器兩極板所帶電荷量不變的情況下，增大或者減小板間距電場(chǎng)強(qiáng)度不變，而負(fù)極板接地，電勢(shì)為 0，負(fù)極板與P點(diǎn)的距離不變，根據(jù)可知，P點(diǎn)的電勢(shì)不變，故C正確，D錯(cuò)誤。故選C。9.2021年7月30日，在東京奧運(yùn)動(dòng)會(huì)女子蹦床項(xiàng)目決賽中，中國(guó)選手朱雪瑩、劉靈玲發(fā)揮出色，包攬金銀牌。蹦床是一項(xiàng)技術(shù)含量很高的體育運(yùn)動(dòng)。如圖所示，比賽中運(yùn)動(dòng)員從空中最高點(diǎn)O自由下落，接觸蹦床A點(diǎn)后繼續(xù)向下運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)C。B點(diǎn)為運(yùn)動(dòng)員最終靜止在蹦床上時(shí)的位置。忽略空氣阻力，運(yùn)動(dòng)員從最高點(diǎn)下落到最低點(diǎn)的過(guò)程中，運(yùn)動(dòng)員在（　　）A.OA段動(dòng)量守恒B.AC段的動(dòng)量變化量等于AC段彈力的沖量C.B點(diǎn)的動(dòng)量為零D.OC段受到重力的沖量大小等于AC段彈力的沖量大小【答案】D【解析】【詳解】A．忽略空氣阻力，運(yùn)動(dòng)員在OA段只受重力，則合外力不為零，動(dòng)量增大，故A錯(cuò)誤；B．忽略空氣阻力，運(yùn)動(dòng)員在AC段受重力和彈力，根據(jù)動(dòng)量定理可知，運(yùn)動(dòng)員在AC段的動(dòng)量變化量等于重力和彈力的沖量的矢量和，故B錯(cuò)誤；C．運(yùn)動(dòng)員在B點(diǎn)時(shí)，加速度等于零，速度不為零，動(dòng)量不為零，故C錯(cuò)誤；D．對(duì)全過(guò)程應(yīng)用動(dòng)量定理可知?jiǎng)tOC段受到重力的沖量大小等于AC段彈力的沖量大小，方向相反，故D正確。故選D。10.在如圖所示的電路中，電流表A1、A2，電壓表V均為理想電表，R1為定值電阻，R2為滑動(dòng)變阻器，閉合電鍵S，當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑片P向右移動(dòng)時(shí)（　　） A.電流表A1示數(shù)變大B.電流表A2示數(shù)變大C.電壓表V示數(shù)變大D.電源的輸出功率變大【答案】C【解析】【詳解】A．由圖可知，R1與R2并聯(lián)，當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑片P向右移動(dòng)時(shí)，R2接入電路阻值增大，則外電路中的總電阻R增大，根據(jù)閉合電路的歐姆定律知，電路中電流I變小，即電流表A1示數(shù)變小，故A錯(cuò)誤；C．路端電壓為可知，路端電壓U變大，即電壓表示數(shù)變大，故C正確；B．通過(guò)R1的電流由于U變大，則I1變大，通過(guò)R2的電流為由于I變小，I1變大，則I2變小，即電流表A2示數(shù)變小，故B錯(cuò)誤；D．由于不知道外阻與內(nèi)阻的大小關(guān)系，當(dāng)外阻變大時(shí)無(wú)法確定電源的輸出功率如何變化，故D錯(cuò)誤。故選C。11.兩電荷量分別為和的點(diǎn)電荷放在軸上的兩點(diǎn)，兩點(diǎn)電荷連線上各點(diǎn)電勢(shì)隨位置變化的關(guān)系如圖所示。其中兩點(diǎn)的電勢(shì)均為零，段中點(diǎn)電勢(shì)最高，則下列說(shuō)法正確的是（　?。?A.處為負(fù)點(diǎn)電荷，處為正點(diǎn)電荷B.C.間電場(chǎng)強(qiáng)度的方向沿軸正方向D.將一負(fù)點(diǎn)電荷從點(diǎn)移到點(diǎn)，電場(chǎng)力先做正功再做負(fù)功【答案】D【解析】【詳解】A．沿著電場(chǎng)線方向電勢(shì)降低，離正電荷越遠(yuǎn)電勢(shì)越低，離負(fù)電荷越遠(yuǎn)電勢(shì)越高，可知處為正點(diǎn)電荷，處為負(fù)點(diǎn)電荷，故A錯(cuò)誤；B．由點(diǎn)電荷場(chǎng)強(qiáng)公式可知，若電荷量等于的電荷量，由對(duì)稱性可知，應(yīng)該是O、M中點(diǎn)的電勢(shì)為零，由圖可知電荷量不相等，由于A點(diǎn)距離O點(diǎn)比較遠(yuǎn)而距離M點(diǎn)比較近，所以有故B錯(cuò)誤；C．N到C電勢(shì)升高，故NC間場(chǎng)強(qiáng)方向沿x軸負(fù)方向，故C錯(cuò)誤；D．將一負(fù)點(diǎn)電荷從N點(diǎn)移到D點(diǎn)，由可知，電勢(shì)能先減小后增大，故電場(chǎng)力先做正功后做負(fù)功，故D正確。故選D。12.如圖，兩滑塊A、B在光滑水平面上沿同一直線相向運(yùn)動(dòng)，滑塊A的質(zhì)量為m，速度為2v0，方向向右，滑塊B的質(zhì)量為2m，速度大小為v0，方向向左，兩滑塊發(fā)生彈性碰撞后（） A.A向左運(yùn)動(dòng)，速度大小為v0B.A向右運(yùn)動(dòng)，速度大小為v0C.A靜止，B也靜止D.A向左運(yùn)動(dòng)，速度大小為2v0【答案】D【解析】【詳解】A、B發(fā)生彈性碰撞，取向右為正，則解得碰后A的速度為得即A向左運(yùn)動(dòng)，速度大小為2v0。故選D。13.如圖，為半圓形容器的水平直徑，為圓心，物塊放置在半圓形容器中的點(diǎn)，與的夾角為。物塊和半圓形容器一起水平向右運(yùn)動(dòng)，速度的大小為。某時(shí)刻半圓形容器速度突然變?yōu)?，小物塊沿圓弧面上滑，恰好滑至半圓弧的最高點(diǎn)。已知物塊質(zhì)量為，重力加速度為，則（　?。〢.勻速運(yùn)動(dòng)過(guò)程中重力對(duì)物塊做功的功率為B.勻速運(yùn)動(dòng)過(guò)程中摩擦力對(duì)物塊做功的功率為C.物塊上滑過(guò)程中克服摩擦力做的功為D.物塊上滑過(guò)程中克服摩擦力做的功為【答案】D【解析】【詳解】A．勻速運(yùn)動(dòng)過(guò)程中重力對(duì)物塊做功的功率為 故A不符合題意；B．物體作勻速運(yùn)動(dòng)過(guò)程中受力平衡，摩擦力為在水平方向的分力為摩擦力對(duì)物塊做功的功率為故B錯(cuò)誤；CD．當(dāng)容器速度為0，物塊上滑時(shí)，將v分解為沿圓弧切向的v1和沿半徑OP方向的v2；從P點(diǎn)到B點(diǎn)過(guò)程中，是切向速度v1在f與G的作用下變?yōu)?的過(guò)程，而徑向速度v2保持不變，所以到達(dá)B點(diǎn)時(shí)的物塊速度為由動(dòng)能定理可得物塊上滑過(guò)程中克服摩擦力做的功為故C錯(cuò)誤，D正確。故選D。二、多選題（共9分）14.如圖所示，可視為質(zhì)點(diǎn)的兩物塊A、B，質(zhì)量分別為m、2m，A放在一傾角為并固定在水平面上的光滑斜面上，一不可伸長(zhǎng)的柔軟輕繩跨過(guò)光滑輕質(zhì)定滑輪，兩端分別與A、B相連接，托住B使兩物塊處于靜止?fàn)顟B(tài)，此時(shí)B距地面高度為h，輕繩剛好拉緊，A和滑輪間的輕繩與斜面平行?，F(xiàn)將B從靜止釋放，斜面足夠長(zhǎng)。重力加速度為g。關(guān)于B落地前繩中張力的大小T和整個(gè)過(guò)程中A沿斜面向上運(yùn)動(dòng)的最大距離L，下列選項(xiàng)中正確的是（　　） A.B.C.D.【答案】AC【解析】【詳解】AB．設(shè)B落地前兩物塊加速度大小為a，對(duì)于A，由牛頓第二定律得對(duì)于B，由牛頓第二定律得解得故A正確，B錯(cuò)誤；CD．設(shè)B落地前瞬間A的速度為，由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式得設(shè)B落地后，A沿斜面向上運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中加速度大小為，則設(shè)B落地后，A沿斜面向上運(yùn)動(dòng)的最大距離為，由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式得解得所以，整個(gè)過(guò)程中A沿斜面向上運(yùn)動(dòng)的最大距離故C正確，D錯(cuò)誤。故選AC。15.如圖所示是一個(gè)說(shuō)明示波管工作原理的示意圖，電子經(jīng)電壓為U的加速電場(chǎng)加速后垂直進(jìn)入偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)，離開(kāi)電場(chǎng)時(shí)的偏轉(zhuǎn)量是h，兩平行板間的距離為d，偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)電壓為U2，板長(zhǎng)為l ，為了提高示波管的靈敏度(每單位電壓引起的偏轉(zhuǎn)量)，可采用的方法是A.增大兩板間的偏轉(zhuǎn)電壓U2B.盡可能使板長(zhǎng)l短一些C.盡可能使板間距離d小一些“D.減小加速電壓U1【答案】CD【解析】【詳解】帶電粒子加速時(shí)應(yīng)滿足：帶電粒子偏轉(zhuǎn)時(shí)，由類平拋規(guī)律，應(yīng)滿足：l=v0t，，，聯(lián)立以上各式可得為了提高示波管的靈敏度(每單位電壓引起的偏轉(zhuǎn)量)，可采用的方法是:盡可能使板間距離d小一些“；盡可能使板長(zhǎng)l長(zhǎng)一些；減小加速電壓U1．A.A項(xiàng)與上述分析的結(jié)論不相符，故A不符合題意；B.B項(xiàng)與上述分析的結(jié)論不相符，故B不符合題意；C.C項(xiàng)與上述分析的結(jié)論相符，故C符合題意；D.D項(xiàng)與上述分析的結(jié)論相符，故D符合題意；16.長(zhǎng)為L(zhǎng)，質(zhì)量為M平板小車停在光滑水平面上，質(zhì)量為m的木塊（可視為質(zhì)點(diǎn)）以速度滑上小車的左端，最后剛好停在小車的右端，如圖甲所示；若小車以速度 向左運(yùn)動(dòng)時(shí)，將木塊輕輕放在小車左端，如圖乙所示，則（　?。〢.木塊最終剛好停小車右端B.木塊最終停在小車上，但還離右端一段距離C.木塊將滑出小車D.兩種情況中木塊相對(duì)小車滑行的時(shí)間相等【答案】AD【解析】【分析】【詳解】ABC．如圖甲所示，由動(dòng)量守恒定律和能量關(guān)系可知如圖乙所示，由動(dòng)量守恒定律和能量關(guān)系可知聯(lián)立解得x=L選項(xiàng)A正確，BC錯(cuò)誤；D．對(duì)甲圖情況，對(duì)小車由動(dòng)量定理對(duì)乙圖情況，對(duì)滑塊由動(dòng)量定理解得t1=t2選項(xiàng)D正確。故選AD。 第II卷（非選擇題）三、實(shí)驗(yàn)題（共12分）17.下圖為“驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律”的實(shí)驗(yàn)裝置，實(shí)驗(yàn)中選取兩個(gè)小球，按下面步驟進(jìn)行實(shí)驗(yàn)：①用天平測(cè)出兩個(gè)小球的質(zhì)量分別為m1和m2；②安裝實(shí)驗(yàn)裝置，使斜槽的末端切線水平；③先不放小球m2，讓小球m1從斜槽頂端由靜止釋放，標(biāo)記小球在水平桌面上的落點(diǎn)位置；④將小球m2放在斜槽末端，仍讓小球m1從斜槽頂端由靜止釋放，兩球發(fā)生碰撞，分別標(biāo)記小球m1、m2在水平桌面上的落點(diǎn)位置；⑤圖中M、P、N點(diǎn)是實(shí)驗(yàn)過(guò)程中記下的小球在水平桌面上的三個(gè)落點(diǎn)平均位置，測(cè)出M、P、N點(diǎn)到斜槽末端的水平桌面投影點(diǎn)O點(diǎn)的距離，分別標(biāo)記為SM、SP、SN。依據(jù)上述實(shí)驗(yàn)步驟，請(qǐng)回答下面問(wèn)題：（1）為了確認(rèn)兩個(gè)小球的直徑相同，該同學(xué)用10分度的游標(biāo)卡尺對(duì)它們的直徑進(jìn)行了測(cè)量，某次測(cè)量的結(jié)果如下圖所示，其讀數(shù)為_(kāi)__________。（2）用實(shí)驗(yàn)中測(cè)得的數(shù)據(jù)來(lái)表示，只要滿足關(guān)系式___________，就能說(shuō)明兩球碰撞前后動(dòng)量是守恒的?！敬鸢浮竣?10.5②.【解析】【詳解】（1）[1]被測(cè)小球的直徑為（2）[2]小球離開(kāi)軌道后做平拋運(yùn)動(dòng)，因?yàn)閽伋鳇c(diǎn)的高度相等，所以小球做平拋運(yùn)動(dòng)的時(shí)間t相等，小球做平拋運(yùn)動(dòng)的初速度越小，水平位移越小，兩球碰撞后入射球的速度變小，小于碰撞前入射球的速度，且小于被碰球的速度，碰撞后入射球的水平位移變小，入射球的水平位移小于被碰球的水平位移，由圖示可知，入射小球前后兩次的落地位置分別為原理圖中的P、M兩點(diǎn)，被碰球落地位置是N，設(shè)碰撞前入射球的速度大小為v0，碰撞后入射球速度大小為v1，被碰球速度大小為v2，碰撞過(guò)程系統(tǒng)動(dòng)量守恒，以向右為正方向，由動(dòng)量守恒定律得 小球做平拋運(yùn)動(dòng)的時(shí)間t相等，兩邊同時(shí)乘以t，則有則所以只要滿足關(guān)系式，就能說(shuō)明兩球碰撞前后動(dòng)量是守恒的。18.現(xiàn)要測(cè)量一節(jié)電動(dòng)勢(shì)約為2V，內(nèi)阻在0.1?0.3Ω之間的舊蓄電池的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻，除蓄電池、開(kāi)關(guān)、導(dǎo)線外，可供使用的實(shí)驗(yàn)器材還有：A.電壓表V（量程0?3V，內(nèi)阻10kΩB.電流表A1（量程0?0.6A，內(nèi)阻0.3Ω）C.電流表A2（量程0?3A，內(nèi)阻0.05Ω）D.定值電阻R1（阻值1Ω，額定功率0.5W）E.定值電阻R2（阻值10Ω，額定功率0.1W）F.滑動(dòng)變阻器R3（阻值范圍0?10Ω，額定電流1A）G.滑動(dòng)變阻器R4（阻值范圍0?100Ω，額定電流0.5A）小李設(shè)計(jì)的電路如圖甲所示。利用該電路，小李在實(shí)驗(yàn)中正確操作，測(cè)出了多組數(shù)據(jù)，根據(jù)測(cè)量數(shù)據(jù)描點(diǎn)法作出了圖乙所示的電壓表示數(shù)U與電流表示數(shù)I之間的關(guān)系圖像。（1）在小李設(shè)計(jì)電路中，滑動(dòng)變阻器應(yīng)選___________（只填器材序號(hào)字母）；（2）利用圖乙測(cè)出的蓄電池內(nèi)阻r=___________Ω；（結(jié)果保留到小數(shù)點(diǎn)后兩位）（3）用該電路測(cè)電動(dòng)勢(shì)與內(nèi)阻，測(cè)量值和真實(shí)值的關(guān)系E測(cè)___________E真，r測(cè)___________r真。（填“大于”“等于”或“小于”）【答案】①.F②.0.19③.小于④.小于【解析】【詳解】（1）[1]在設(shè)計(jì)的電路中，電源內(nèi)阻和定值電阻都較小，為方便操作，滑動(dòng)變阻器應(yīng)選F； （2）[2][3]根據(jù)利用圖乙測(cè)出的蓄電池電動(dòng)勢(shì)E=1.96V內(nèi)阻（3）[4]由于電壓表的分流作用，當(dāng)電流表示數(shù)為零時(shí)，仍有一些電流通過(guò)電壓表，電壓表測(cè)得電壓小于電動(dòng)勢(shì)，即電動(dòng)勢(shì)測(cè)量值小于真實(shí)值；[5]由于電壓表的分流作用，所測(cè)電流偏小，導(dǎo)致圖像斜率偏小，故用該電路測(cè)內(nèi)阻，測(cè)量值和真實(shí)值的關(guān)系r測(cè)小于r真。四、解答題（共40分）19.質(zhì)量為m的汽車，啟動(dòng)后沿平直路面行駛，如果發(fā)動(dòng)機(jī)的功率恒為P，且行駛過(guò)程中受到的阻力大小一定，汽車速度能夠達(dá)到的最大值為v。（1）求行駛過(guò)程中汽車受到的阻力大?。唬?）當(dāng)汽車的車速為時(shí)，求汽車的瞬時(shí)加速度?！敬鸢浮浚?）；（2）【解析】【分析】【詳解】（1）汽車達(dá)到最大速度后，將勻速前進(jìn)，根據(jù)共點(diǎn)力平衡條件得再根據(jù)功率與速度的關(guān)系得聯(lián)立解得汽車受到的阻力大小為（2）當(dāng)車速為時(shí)，根據(jù)功率與速度的關(guān)系得再根據(jù)牛頓第二定律得聯(lián)立解得汽車的瞬時(shí)加速度的大小為 20.宇航員駕駛宇宙飛船到達(dá)月球，他在月球表面做了一個(gè)實(shí)驗(yàn)：在離月球表面高度為h處，將一小球以初速度水平拋出，水平射程為x。已知月球的半徑為R，萬(wàn)有引力常量為G。不考慮月球自轉(zhuǎn)的影響。求：（1）月球表面的重力加速度大小g月；（2）月球的質(zhì)量M；（3）月球第一宇宙速度v?！敬鸢浮浚?）；（2）；（3）【解析】【分析】【詳解】（1）在月球上小球做平拋運(yùn)動(dòng)，則解得（2）在月球表面忽略地球自轉(zhuǎn)，萬(wàn)有引力等于重力，即解得（3）重力提供向心力，則解得21.示波器的核心部件是示波管，它是利用電場(chǎng)使運(yùn)動(dòng)粒子向預(yù)期方向偏轉(zhuǎn)的。如圖甲所示，平行極板長(zhǎng) L1=20cm，寬度d=2cm，極板間電壓U0（未知）保持不變，一質(zhì)量m=6.4×10-27kg（重力不計(jì)）、電荷量q=3.2×10-19C的粒子沿極板中心線以速度v0=1×106m/s射入極板間，正好在下極板邊緣飛出。足夠大的豎直屏與極板右側(cè)相距L2=20cm，極板與豎直屏區(qū)域間不存在電場(chǎng)，已知M點(diǎn)是中心線與屏的交點(diǎn)，求：（1）極板間電壓U0是多少；從極板邊緣射出時(shí)速度方向與初速度方向的夾角θ的正切值（tanθ）等于多少；（2）粒子打在豎直屏上的位置離M點(diǎn)的距離Y為多少；（3）如果極板間換成如圖乙所示的變化的電壓（U0大小不變），其他條件不變，那么t0=1×10-7s時(shí)刻射入的帶電粒子打在豎直屏上的位置離M點(diǎn)的距離Y1為多少?！敬鸢浮浚?）200V；0.1；（2）3cm；（3）0.5cm【解析】詳解】（1）平行極板間帶電粒子做類平拋運(yùn)動(dòng)代入數(shù)據(jù)解得U0=200V解得tanθ=0.1（2）方法一：相似三角形法解得 Y=3cm方法二：公式法解得Y=3cm（3）在交變電場(chǎng)中，t0=1×10-7s時(shí)刻射入的帶電粒子，偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)時(shí)間和加速度都是不變。帶電粒子豎直方向先向下加速運(yùn)動(dòng)t1=1×10-7s再向下減速運(yùn)動(dòng)t2=1×10-7s，則=0豎直偏移量=0.5cm解得Y1=y=0.5cm22.如圖所示，裝置的左邊是足夠長(zhǎng)的光滑水平面，一輕質(zhì)彈簧左端固定，右端連接著質(zhì)量M=2kg的小物塊A．裝置的中間是水平傳送帶，它與左右兩邊的臺(tái)面等高，并能平滑對(duì)接．傳送帶始終以v="2m/s"的速率逆時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)．裝置的右邊是一光滑的曲面，質(zhì)量m=1kg的小物塊B從其上距水平臺(tái)面h=1.0m處由靜止釋放．已知物塊B與傳送帶之間的摩擦因數(shù)μ=0.2，l=1.0m．設(shè)物塊A、B中間發(fā)生的是對(duì)心彈性碰撞，第一次碰撞前物塊A靜止且處于平衡狀態(tài)．取g=10m/s2．（1）求物塊B與物塊A第一次碰撞前速度大??；（2）通過(guò)計(jì)算說(shuō)明物塊B與物塊A第一次碰撞后能否運(yùn)動(dòng)到右邊曲面上？（3）如果物塊A、B每次碰撞后，物塊A再回到平衡位置時(shí)都會(huì)立即被鎖定，而當(dāng)他們?cè)俅闻鲎睬版i定被解除，試求出物塊B第n次碰撞后的運(yùn)動(dòng)速度大小．【答案】（1）4m/s（2）不能（3）【解析】 【詳解】（1）設(shè)物塊B沿光滑曲面下滑到水平位置時(shí)的速度大小為v0由機(jī)械能守恒知①②設(shè)物塊B在傳送帶上滑動(dòng)過(guò)程中因受摩擦力所產(chǎn)生的加速度大小為a③設(shè)物塊B通過(guò)傳送帶后運(yùn)動(dòng)速度大小為v，有④結(jié)合②③④式解得v=4m/s⑤由于=2m/s，所以v=4m/s即為物塊B與物塊A第一次碰撞前的速度大小（2）設(shè)物塊A、B第一次碰撞后的速度分別為V、v1，取向右為正方向，由彈性碰撞知⑥⑦解得⑧即碰撞后物塊B沿水平臺(tái)面向右勻速運(yùn)動(dòng)設(shè)物塊B在傳送帶上向右運(yùn)動(dòng)的最大位移為，則⑨⑩所以物塊B不能通過(guò)傳送帶運(yùn)動(dòng)到右邊的曲面上（3）當(dāng)物塊B在傳送帶上向右運(yùn)動(dòng)的速度為零時(shí)，將會(huì)沿傳送帶向左加速．可以判斷，物塊B運(yùn)動(dòng)到左邊臺(tái)面是的速度大小為v1，繼而與物塊A發(fā)生第二次碰撞．設(shè)第二次碰撞后物塊B速度大小為v2，同上計(jì)算可知11物塊B與物塊A第三次碰撞、第四次碰撞……，碰撞后物塊B的速度大小依次為……12則第n次碰撞后物塊B的速度大小為 1314