《重慶市西南大學附屬中學2022-2023學年高三下學期新高考適應(yīng)性考試物理 Word版含解析》由會員上傳分享，免費在線閱讀，更多相關(guān)內(nèi)容在教育資源-天天文庫。

2023年新高考物理試題注意事項：1．答題前，考生先將自己的姓名、班級、考場/座位號、準考證號填寫在答題卡上。2．答選擇題時，必須使用2B鉛筆填涂：答非選擇題時，必須使用0.5毫米的黑色簽字筆書寫；必須在題號對應(yīng)的答題區(qū)域內(nèi)作答，超出答題區(qū)域書寫無效：保持答卷清潔、完整。3．考試結(jié)束后，將答題卡交回（試題卷學生保存，以備評講）。一、單項選擇題：本大題共7個小題，每小題4分，共28分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1.如圖所示，一高考倒計時牌通過一根輕繩懸掛在定滑輪上。掛上后發(fā)現(xiàn)倒計時牌是傾斜的，已知∠AOB=90°，計時牌的重力大小為G。不計一切摩擦，則平衡時繩OB中的張力大小為（　　）A.B.C.D.G【答案】A【解析】【詳解】將重力沿OB、OA繩的方向分解，如圖所示因不計一切摩擦，則則故選A。

12.正電子是電子的反粒子，與電子質(zhì)量相同且?guī)У攘空姾伞Ｔ谠剖抑杏写怪庇诩埫娴膭驈姶艌?，從P點發(fā)出兩個電子和一個正電子，三個粒子運動軌跡如圖中1、2、3所示。下列說法正確的是（　?。〢.軌跡1對應(yīng)的粒子是正電子B.軌跡2對應(yīng)的粒子是電子C.軌跡3對應(yīng)的粒子初速度最小D.磁場方向垂直于紙面向里【答案】D【解析】【詳解】AB．根據(jù)題圖可知，1和3粒子偏轉(zhuǎn)方向相同，則1和3粒子為電子，2為正電子，故A、B錯誤；C．帶電粒子若僅在洛倫茲力的作用下做勻速圓周運動，根據(jù)牛頓第二定律可知解得粒子運動的半徑為根據(jù)題圖可知軌跡3對應(yīng)的粒子運動的半徑更大，則速度更大，粒子運動過程中受到云室內(nèi)物質(zhì)的阻力的情況下，此結(jié)論也成立，故C錯誤；D．正電子帶正電且逆時針轉(zhuǎn)動，根據(jù)左手定則可知磁場方向垂直紙面向里，故D正確。故選D。3.如圖所示平面內(nèi)，在通有圖示方向電流I的長直導線右側(cè)，固定一矩形金屬線框abcd，ad邊與導線平行。調(diào)節(jié)電流I使得空間各點的磁感應(yīng)強度隨時間均勻增加，則（　?。〢.線框中產(chǎn)生的感應(yīng)電流方向為B.線框ad邊受到的安培力方向水平向右C.線框bc邊所受的安培力大小恒定D.線框中產(chǎn)生的感應(yīng)電流逐漸增大

2【答案】B【解析】【詳解】A．根據(jù)安培定則可知，通電直導線右側(cè)的磁場方向垂直于紙面向里，磁感應(yīng)強度隨時間均勻增加，根據(jù)楞次定律可知線框中產(chǎn)生的感應(yīng)電流方向為，故A錯誤；B．線框所處空間的磁場方向垂直紙面向里，線框中產(chǎn)生的感應(yīng)電流方向為，根據(jù)左手定則可知，線框邊所受的安培力水平向右，故B正確；D．線框中產(chǎn)生的感應(yīng)電流大小為空間各點磁感應(yīng)強度隨時間均勻增加，故線框中產(chǎn)生的感應(yīng)電流不變，故D錯誤；C．線框中感應(yīng)電流大小保持不變，磁感應(yīng)強度隨時間均勻增加，根據(jù)安培力表達式，故所受的安培力變大，故C錯誤。故選B。4.如圖為一用透明材料做成的中心是空的球，其中空心部分半徑與球的半徑之比為1:3。當細光束以的入射角射入球中，其折射光線剛好與內(nèi)壁相切，則該透明材料的折射率為（　?。〢.B.1.5C.D.2【答案】B【解析】【詳解】如圖折射角的正弦值根據(jù)折射定律可得該透明材料的折射率

3故選B。5.如圖所示是用光照射某種金屬時逸出的光電子的最大初動能隨入射光頻率的變化圖像，下列說法正確的是（　　）A.該金屬的逸出功為0.5eVB.該金屬的極限頻率為5.50×1014HzC.根據(jù)該圖像能求出普朗克常量D.根據(jù)該圖像能求出電子的電荷量【答案】C【解析】【詳解】B．根據(jù)愛因斯坦光電效應(yīng)方程Ek=hν-W，Ek-ν圖象的橫軸的截距大小等于極限頻率，由圖知該金屬的極限頻率為4.3×1014?Hz，故B錯誤。C．由Ek=hν-W，得知該圖線的斜率表示普朗克常量h，則故C正確。A．當Ek=hν-W=0時，逸出功為W=hν0=6.67×10-34×4.3×1014J=2.88×10-19J≈1.79eV故A錯誤。D．根據(jù)該圖像不能求出電子的電荷量，選項D錯誤。故選C。6.如圖甲所示，傾角為的斜面固定在水平地面上，一木塊以一定的初速度從斜面底端開始上滑。若斜面足夠長，上滑過程中木塊的機械能和動能隨位移變化的關(guān)系圖線如圖乙所示，則下列說法正確的是（　?。?/p>

4A.木塊上滑過程中，重力勢能增加了B.木塊受到的摩擦力大小為C.木塊的重力大小為D.木塊與斜面間的動摩擦因數(shù)為【答案】B【解析】【詳解】A．由圖乙可知，木塊位移為x0時，動能為0，機械能為2E0，重力勢能增加了2E0，故A錯誤；B．由圖乙可知，克服摩擦做功損失的機械能為木塊受到的摩擦力大小為故B正確；CD．由動能定理得解得故CD錯誤。故選B。7.如圖，O為拋物線OM的頂點，A、B為拋物線上兩點，O點的切線水平。從A、B兩點分別以初速度v1，v2水平拋出兩質(zhì)量相等的小球，同時擊中O點，不計空氣阻力，則兩球（　?。?/p>

5A.必須同時拋出B.擊中O點時重力的瞬時功率相等C.初速度v1與v2相等D.擊中O點時速度大小相等【答案】C【解析】【詳解】AC．已知O為拋物線OM頂點，則以O(shè)為原點建立xOy直角坐標系，如圖則設(shè)OM為則兩平拋運動在豎直方向為自由落體運動，有聯(lián)立解得所以在A點的小球要先拋出才能使兩小球同時擊中O點。又由平拋在水平方向為勻速直線運動，有聯(lián)立可得

6整理可得故A錯誤，C正確；D．因，但豎直方向有故兩分速度合成后可知擊中O點速度不同，故D錯誤；B．兩球在O點重力瞬時功率為即擊中O點時重力的瞬時功率不相等，故B錯誤。故選C。二、多項選擇題：本題共3小題，每小題5分，共15分。每小題有多項符合題目要求，全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。8.2023年3月17日，我國成功將“高分十三號02星”發(fā)射升空，衛(wèi)星順利進入預(yù)定軌道。假設(shè)入軌后，“高分十三號02”以線速度為v繞地球做周期為T的勻速圓周運動。已知地球的半徑為R，萬有引力常量用G表示。由此可知（　?。〢.該衛(wèi)星到地球表面的高度為B.該衛(wèi)星到地球表面的高度為C.地球的質(zhì)量D.地球的質(zhì)量【答案】AC【解析】【詳解】AB．由勻速圓周運動規(guī)律，可得該衛(wèi)星的軌道半徑為所以該衛(wèi)星到地球表面的高度為故A正確，B錯誤；CD．衛(wèi)星繞地球做勻速圓周運動，由牛頓第二定律可得地球的質(zhì)量

7故C正確，D錯誤。故選AC9.如圖所示，在空間坐標系xOy上a（0，0，L）、b（0，L，0）、c（L，0，0）三點處分別固定一電荷量為+q、-q、-q（q>0）的點電荷，M、N、P三點分別為ab、ac、bc的中點。規(guī)定無窮遠處的電勢為0，下列說法正確的是（　?。〢.M、N兩點的電場強度大小相等B.O點的電場強度方向沿y軸正方向C.負試探電荷在M點的電勢能大于其在P點的電勢能D.同一試探電荷在M、N兩點的電勢能相等【答案】AD【解析】【詳解】A．三個點電荷在M、N兩點的電場強度方向如圖所由幾何知識可知，在M、N兩點合場強大小相等，方向不同，故A正確；B．三個點電荷在O點的電場強度方向如圖所

8由幾何知識可知，在O點的合場強方向不沿y軸正方向，故B錯誤；CD．無窮遠處的電勢為0，沿電場線的方向電勢降低，M、N兩點的電勢相等，M點的電勢大于P點的電勢，同一試探電荷在M、N兩點的電勢能相等，負的試探電荷在M點的電勢能小于其在P點的電勢能，故C錯誤，D正確。故選AD。10.如圖所示，絕緣中空軌道豎直固定，圓弧段COD光滑，對應(yīng)圓心角為120°，C、D兩端等高，O為最低點，圓弧圓心為O?，半徑為R（R遠大于軌道內(nèi)徑），直線段AC、HD粗糙，與圓弧段分別在C、D端相切，整個裝置處于方向垂直于軌道所在平面向里、磁感應(yīng)強度大小為B的勻強磁場中，在豎直虛線MC左側(cè)和ND右側(cè)還分別存在著場強大小相等、方向水平向右和向左的勻強電場?，F(xiàn)有一質(zhì)量為m、電荷量恒為q、直徑略小于軌道內(nèi)徑、可視為質(zhì)點的帶正電小球，與直線段的動摩擦因數(shù)為μ，從軌道內(nèi)距C點足夠遠的P點由靜止釋放，若PC=l，小球所受電場力等于其重力的倍。重力加速度為g。則（　?。〢.小球在軌道AC上下滑的最大速度B.小球第一次沿軌道AC下滑的過程中先做加速度減小的加速運動，后做勻速運動C.經(jīng)足夠長時間，小球克服摩擦力做的總功是D.經(jīng)足夠長時間，小球經(jīng)過O點時，對軌道的彈力一定為【答案】AB【解析】

9【詳解】B．小球第一次沿軌道AC下滑的過程中，小球所受電場力等于其重力的倍，即電場力垂直于軌道方向的分量為重力垂直于軌道方向的分量為因此，電場力與重力的合力方向恰好沿著AC方向，且剛開始時小球與管壁無作用力，當小球從靜止運動后，由左手定則可知，小球受到的洛倫茲力垂直于AC向上，導致小球?qū)鼙谟凶饔昧?，小球?qū)⑹艿交瑒幽Σ亮?，隨著速度增大，洛倫茲力增大，小球?qū)鼙诘膲毫?，摩擦力增大，合力減小，根據(jù)牛頓第二定律可知小球做加速度減小的加速運動，當加速度減至零時做勻速運動，故B正確；A．小球在軌道AC上下滑到勻速運動時，速度最大，此時有解得故A正確；C．最終小球在CD間做往復運動，在C點和D點速度為零，從開始到最終速度為零的C點或D點，根據(jù)動能定理得則經(jīng)足夠長時間，小球克服摩擦力做的總功故C錯誤；D．由于在AC、HD段要克服滑動摩擦力做功，小球最終將在圓弧段COD做往復運動，設(shè)小球經(jīng)O點的速度為v，根據(jù)動能定理有解得

10根據(jù)牛頓第二定律，小球從C向D運動經(jīng)過O點時，有解得小球從D點向C點運動經(jīng)過O點時，有解得根據(jù)牛頓第三定律可得，小球經(jīng)過O點時對軌道的彈力大小為或，故D錯誤。故選AB。三、實驗題：本大題2小題，共16分。11.某同學用智能手機測自由落體加速度的實驗步驟如下：①在水平地面上鋪設(shè)軟墊；②打開手機中的加速度傳感器，讓手機在離軟墊一定高度處由靜止開始自由下落；③手機落到軟墊后，關(guān)閉傳感器，得到全過程中加速度絕對值隨時間變化圖像如圖所示。根據(jù)圖像回答下列問題：（1）與時刻加速度方向______（選填“相同”或“相反”）；（2）從時刻到時刻加速度逐漸減小的原因是______；（3）當?shù)刂亓铀俣燃s為______。

11【答案】①.相反②.見解析③.9.76【解析】【詳解】（1）[1]時刻加速度方向向下，到時刻，手機落到軟墊上，受到向上的支持力，合力方向向上，加速度方向向上，故與時刻加速度方向相反。（2）[2]從時刻到時刻，手機做自由落體運動，下落速度逐漸變大，受空氣阻力逐漸變大，合力逐漸變小，則加速度逐漸減小。（3）[3]當?shù)刂亓铀俣葹槭謾C剛離手時，即時刻的加速度，為9.76。12.利用輸出電壓為的恒壓電源、量程為的電流表（內(nèi)阻不計）、定值電阻、阻值隨長度均勻變化的電阻絲（長度為，總阻值為）、彈簧（電阻不計）、開關(guān)、導線，改裝成如圖甲的測力計。（1）圖甲的電路中，定值電阻的作用是______，阻值至少為______；（2）彈簧所受拉力F與其伸長量的關(guān)系如圖乙。若定值電阻為，則電流表的示數(shù)I與彈簧所受拉力F的關(guān)系式______（A），可知由電流表改裝的測力汁刻度______（選填“均勻”“不均勻”），當電流表的示數(shù)為，對應(yīng)標示的力為______N。【答案】①.對電流表起保護作用②.5③.④.不均勻⑤.500【解析】【詳解】（1）[1]電路中接入定值電阻的目的是對電流表起保護作用，防止當P移動到電阻絲的最右端時電流表被燒壞。[2]當電路中電流達到最大0.6A時，電路中的總電阻最小值為所以定值電阻至少為5Ω。（2）[3]由圖乙可知

12設(shè)定值電阻為R，電阻絲總電阻為RL，移動距離為由閉合電路歐姆定律又聯(lián)立可得[4]由上式可得：拉力F與I是非線性關(guān)系，所以由電流表改裝測力計刻度不均勻。[5]當電流表的示數(shù)為，帶入可得F=500N所以對應(yīng)標示的力為500N。四、計算題：本大題3小題，共41分。13.如圖所示，一列在x軸上傳播的簡諧橫波，實線表示時刻的波形圖，虛線是這列波在時刻的波形圖。已知該波的波速為，試求（1）該波的波長和傳播方向；（2）平衡位置在處質(zhì)點的振動方程?！敬鸢浮浚?），沿x軸負方向傳播；（2）【解析】

13【詳解】（1）由圖可知，該波的波長，若波沿x軸負方向傳播，則由已知，波速，則，故波沿x軸負方向傳播。（2）設(shè)平衡位置在處質(zhì)點的振動方程為由圖可知，振幅，當時，有，因波沿x軸負方向傳播，則，且故故14.如圖所示，平面直角坐標系xOy中第一、二、四象限內(nèi)存在磁感應(yīng)強度大小為B、方向垂直于紙面向里的勻強磁場，第三象限存在沿x軸正方向的勻強電場。一質(zhì)量為m、電荷量為q的帶正電粒子從S點（-l，-l）由靜止釋放，進入磁場區(qū)域運動，恰好過x軸上P點（l，0）、不計粒子重力。（1）求勻強電場的電場強度大小；（2）粒子釋放開始計時，求粒子第1次到達y軸正半軸的時間；（3）粒子第3次過y軸時的坐標?！敬鸢浮浚?）；（2）；（3）（0，-2l）【解析】【詳解】（1）帶正電粒子從S點（-l，-l）由靜止釋放，則在電場中做勻加速直線運動，從（0，-l）位置進入磁場區(qū)域運動，恰好過x軸上P點（l，0）、可知在磁場中做圓周運動的半徑

14r=l根據(jù)可得則在電場中可得（2）粒子在電場中加速的時間粒子第1次到達y軸正半軸時，在磁場中運動半周，則運動時間則總時間（3）粒子從（-l，0）位置進入第三象限的電場，則當粒子第3次過y軸時解得y=2l即粒子第3次過y軸時的坐標（0，-2l）。15.如圖所示，滑塊A、木板C分別靜止在光滑水平平臺和粗糙水平地面上，C的左端與平臺上表面相切，滑塊B靜止在C上，且至C左端的距離為x0=1m，A、B、C的質(zhì)量分別為mA=2kg，mB=1kg，mC=3kg。t=0時刻，對A施加一水平向右的作用力F，F(xiàn)隨時間t的變化關(guān)系為，A運動

152s后撤去F，此時A恰好滑上木板C；一段時間后，A與B發(fā)生彈性碰撞（碰撞時間極短），最終B靜止在C的右端。已知A與木板C之間的動摩擦因數(shù)為μA=0.2，B與C之間的動摩擦因數(shù)為μB=0.5，C與地面之間的動摩擦因數(shù)為μC=0.1，最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，A、B均可視為質(zhì)點，取g=10m/s2。求：（1）A剛滑上C時的速度大小；（2）A、B碰后瞬間A的速度大小；（3）木板C的長度和運動的位移大小?！敬鸢浮浚?）；（2）2m/s；（3）6.7m；0.83m【解析】【詳解】（1）撤去F之前2s內(nèi)F的沖量由動量定理解得（2）A滑上C時，A的加速度此時A對C的滑動摩擦力為地面對C的最大靜摩擦力為可知木板C靜止，則當A將要與B相碰時的速度AB碰撞過程由動量守恒和能量關(guān)系

16解得v2=2m/sv3=8m/s（3）AB沿木板向右運動時，B對C的滑動摩擦力此時木板C開始向右加速滑動，C的加速度物塊B減速的加速度當AC相對靜止時解得此過程中C的位移C的速度B的位移B的速度以后C減速的加速度當BC共速時

17解得此時C的位移B的位移因此時A恰到達C的右端，則B相對C運動的距離即木板C長度為共速后木板C減速的加速度則運動距離則木板的總位移

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