《上海市復(fù)旦大學附屬中學2022-2023學年高三下學期3月月考物理 Word版含解析.docx》由會員上傳分享，免費在線閱讀，更多相關(guān)內(nèi)容在教育資源-天天文庫。

復(fù)旦附中2023屆高三年級3月份教學質(zhì)量檢測物理試卷一、單選題（1-8題每題3分，9-12題每題4分，共40分）1.A是某天然放射源，abc為外加水平勻強電場后，各射線的（定性）軌跡。則該電場（　?。〢垂直于紙面向里B.向左C.向右D.可由右側(cè)的某正點電荷產(chǎn)生【答案】B【解析】【詳解】D．點電荷不能產(chǎn)生勻強電場，選項D錯誤；A．由運動軌跡可判斷電場力方向只能沿水平方向，則電場方向不可能垂直于紙面向里，選項A錯誤；BC．在勻強電場中的偏轉(zhuǎn)距離由于β粒子的質(zhì)量非常小，所以運動相同的豎直位移x，水平方向的偏轉(zhuǎn)距離y較大，可判斷c為β射線（電子）的軌跡，則電場方向水平向左，選項B正確，C錯誤。故選B。2.某汽車正以72km/h在公路上行駛，為“禮讓行人”，若以5m/s2加速度剎車，則以下說法錯誤的是（　?。〢.剎車后2s時的速度大小為10m/sB.開始剎車后第1s的位移與第2s的位移比為7：5C.剎車后5s時的位移為37.5mD.若司機為酒后駕車，不會影響剎車后的加速度【答案】C【解析】【詳解】A．由題知，汽車初速度，加速度大小，剎車后2s時的速度大小為 故A正確；B．開始剎車后1s末的速度第1s的位移第2s的位移則剎車后第1s的位移與第2s的位移比為7：5，故B正確；C．汽車剎車需要時間則剎車后5s時的位移為減速過程中的總位移故C錯誤；D．若司機為酒后駕車，反應(yīng)時間會變長，但不會影響汽車剎車過程的加速度，故D正確。本題選錯誤的，故選C。3.某次，某蹦極愛好者從貴州省壩陵河特大懸索橋上自由落下，下落125m時繩索達到自然長度，此后又經(jīng)一段時間他到達橋下370m的最低點。已知他的質(zhì)量為49kg，重力加速度g=10m/s2，忽略空氣阻力，則125m之后的過程中，繩對他的平均作用力大小約為（　?。〢.250NB.500NC.750ND.1250N【答案】C【解析】【詳解】下落125m時有 125m之后的過程中有，解得根據(jù)給出的數(shù)值，可知繩對他的平均作用力大小約為750N。故選C。4.如圖所示，小車內(nèi)有一小球被輕質(zhì)彈簧和一條細線拴接，小車在水平面上做直線運動的過程中，彈簧始終保持豎直狀態(tài)，細線與豎直方向成角保持不變。下列說法正確的是（　?。〢.小車一定做勻速直線運動B.小車可能向右做勻減速直線運動C.細線有拉力時，彈簧不可能處于伸長狀態(tài)D.彈簧有彈力時，細線可能沒拉力【答案】D【解析】【詳解】AB．對小球受力分析可知當細線有拉力時，此時合力水平向右即加速度方向水平向右，小車可能向右加速或者向左減速，AB錯誤；C．根據(jù)前面分析細線有拉力時，豎直方向上可有即此時彈簧可以處于伸長狀態(tài)，C錯誤；D．當小車勻速運動時，小球在豎直方向上受到彈簧彈力和自身重力相平衡，此時細線中沒拉力，D正確。故選D。5.如圖所示，三顆衛(wèi)星a、b、c繞地球做勻速圓周運動，其中b、c在地球的同步軌道上，a距離地球表面的高度為R，此時a、b恰好相距最近。已知地球質(zhì)量為M、半徑為R、地球自轉(zhuǎn)的角速度為 ，萬有引力常量為G，則（　?。〢.衛(wèi)星a和b下一次相距最近還需經(jīng)過時間為B.衛(wèi)星c的機械能等于b的機械能C.若要衛(wèi)星c與b實現(xiàn)對接，可讓c加速D.發(fā)射某衛(wèi)星至b所在軌道所需的能量小于至a所在的軌道【答案】A【解析】【詳解】A．b地球同步對衛(wèi)星，其角速度等于地球自轉(zhuǎn)角速度，對a有令衛(wèi)星a和b下一次相距最近還需經(jīng)過時間為，則有解得A正確；B．b、c在地球的同步軌道上，由于b、c衛(wèi)星質(zhì)量關(guān)系不確定，則衛(wèi)星c的機械能與b的機械能關(guān)系也不確定，B錯誤；C．根據(jù)解得 可知，軌道半徑越大，圓周運動的線速度越小，當衛(wèi)星c在地球同步軌道上加速后，其將變軌到高軌道，在高軌道穩(wěn)定運行的線速度將小于衛(wèi)星b的線速度，兩者間距隨后將逐漸增大，不能實現(xiàn)對接，即若要衛(wèi)星c與b實現(xiàn)對接，可讓c減速后先到達低軌道，兩衛(wèi)星隨后相互靠近，實現(xiàn)對接，C錯誤；D．同一衛(wèi)星在高軌道的機械能大于其在低軌道上的機械能，可知發(fā)射某衛(wèi)星至b所在軌道所需的能量大于至a所在的軌道，D錯誤。故選A。6.直角坐標系xOy的y軸為兩種均勻介質(zhì)Ⅰ、Ⅱ的分界線，在x=0處，同一波源的振動分別在介質(zhì)Ⅰ、Ⅱ中傳播，形成兩列機械波a、b，某時刻的部分波形圖如圖所示，此時刻b波恰好傳到x=-4m處，下列說法正確的是（　　）A.波源的起振方向沿y軸正方向B.此時刻a波傳到x=8m處C.兩列波的頻率關(guān)系D.x=-1m處質(zhì)點P在這段時間內(nèi)的路程為10cm【答案】B【解析】【詳解】A．傳播介質(zhì)的起振方向和波源相同，的質(zhì)點起振方向與波源的起振方向相同，用微平移法可知的質(zhì)點即將向下運動，波源的起振方向沿y軸負方向，故A錯誤；B．由左側(cè)波形圖可知，波源已經(jīng)完成了兩次全振動，故此時刻a波傳到處，故B正確；C．兩列波由同一波源振動產(chǎn)生，頻率相同，故C錯誤；D．由質(zhì)點P左側(cè)的波形圖可知，P已經(jīng)完成1.5次全振動，路程為故D錯誤。 故選B。7.假設(shè)我們學校的田徑場跑道是圓形，周長為400m。在跑道上包括正南點的等間距的三個點A、B、C，每個點上放一個帶正電荷的籃球，這三個籃球的帶電荷量相同，如圖所示。設(shè)每個帶電籃球單獨在田徑場中心產(chǎn)生的電場的場強大小都為E0、電勢都為，則這三個帶電籃球在跑道上的正北點產(chǎn)生的電場的場強大小E、電勢φ的說法正確的是（　?。〢.B.C.D.【答案】C【解析】【詳解】由題意可知，可以把帶電的籃球看成點電荷，設(shè)其帶電量為，圓形跑道的半徑為，則有由幾何關(guān)系可知A、B兩點處的電荷在正北點產(chǎn)生的場強的矢量和為，方向指向正北方，而C點處的電荷在正北點產(chǎn)生的場強為方向同樣指向正北方，則由矢量合成原則可知三個點電荷在正北點產(chǎn)生的場強而電勢可以進行代數(shù)運算，每個點電荷在其周圍距離相等處電勢相等，故可知A、B兩個電荷在正北點產(chǎn)生的電勢大小均為，電荷C距正北點的距離更遠，故產(chǎn)生的電勢小于 ，由代數(shù)運算可知三個電荷在正北點產(chǎn)生的電勢之和滿足故選C。8.如圖甲所示，空調(diào)外機用兩個三角形支架固定在外墻上，圖乙為簡化示意圖?？照{(diào)外機的重心恰好在橫梁AO和斜梁BO連接點O的正上方，重力大小為210N。AO水平，BO與AO的夾角為30°。假定橫梁對O點的拉力總沿OA方向，斜梁對O點的支持力總沿BO方向，下列說法正確的是（　?。〢.橫梁對O點的拉力為210NB.斜梁對O點支持力為210NC.調(diào)整斜梁BO的長度，仍保持連接點O的位置不變，橫梁仍然水平，橫梁AO對O點的作用力不變D.調(diào)整斜梁BO的長度，仍保持連接點O的位置不變，橫梁仍然水平，橫梁AO與斜梁BO對O點的合力不變【答案】D【解析】【詳解】AB．對O點受力分析，如圖所示：由平衡條件可得解得 故AB錯誤；C．調(diào)整斜梁BO的長度，仍保持連接點O的位置不變，橫梁仍然水平，則發(fā)生變化，由可知，橫梁AO對O點的作用力將發(fā)生變化，故C錯誤；D．調(diào)整斜梁BO的長度，仍保持連接點O的位置不變，橫梁仍然水平，橫梁AO與斜梁BO對O點的合力平衡空調(diào)外機對O點的壓力大?。赐鈾C重力大小），保持不變，D正確。故選D。9.如圖所示，質(zhì)量都為m的A、B兩物體疊放在豎直彈簧上并保持靜止，用大小等于mg的恒力F向上拉B，運動距離為h時B與A恰好分離。已知重力加速度為g，則下列說法中正確的是（　?。〢.當A與B恰好分離時，B的加速度大于A的加速度B.當A與B恰好分離時，B的加速度為gC.彈簧的勁度系數(shù)為D.在分離前A與B都做加速度增大的加速運動【答案】C【解析】【詳解】A．當A與B恰好分離時，兩物體之間彈力恰好0，速度相等，加速度也相等，A錯誤；B．根據(jù)上述有解得a=0B錯誤；C．沒有施加拉力時有 恰好分離時，根據(jù)上述可知，物體A的加速度為0，則有根據(jù)題意有解得C正確；D．分離前，彈簧壓縮量減小，彈簧向上的彈力減小，可知AB整體所受外力的合力減小，則在分離前A與B都做加速度減小的加速運動，D錯誤。故選C。10.用電腦軟件模擬兩個相同分子在僅受分子力作用下的運動。將兩個質(zhì)量均為m的A、B分子從x軸上的和處由靜止釋放，如圖所示。其中B分子的速度v隨位置x的變化關(guān)系如圖所示。取無限遠處勢能為零，下列說法正確的是（　?。〢.A、B間距離為時分子力為零B.A、B間距離為時分子力為零C.A、B系統(tǒng)的分子勢能最小值為D.釋放時A、B系統(tǒng)分子勢能為【答案】D【解析】【詳解】AB．由圖可知，B分子在x0~x1過程中做加速運動，說明開始時兩分子間作用力為斥力，在x1處速度最大，加速度為0，即兩分子間的作用力為0，根據(jù)運動的對稱性可知，此時A、B 分子間的距離為2x1，故A、B錯誤；D．由圖可知，兩分子運動到無窮遠處的速度為v2，在無窮遠處的總動能為由題意可知，無窮遠處的分子勢能為0，由能量守恒可知，釋放時A、B系統(tǒng)的分子勢能為，故D正確；C．由能量守恒可知，當兩分子速度最大即動能最大時，分子勢能最小，則最小分子勢能為Epmin=故C錯誤。故選D。11.如圖所示，足夠長的斜面傾角為，一質(zhì)量為m的物塊恰好能沿斜面勻速下滑。物塊在沿斜面勻速下滑過程中，在豎直平面內(nèi)給物塊一任意方向（α角任意）的外力F，斜面始終處于靜止狀態(tài)。已知重力加速度為g，下列說法正確的是（　?。〢.物塊沿斜面下滑過程中，地面對斜面的摩擦力為零B.當α=90°-θ時，物塊沿斜面下滑過程中，地面對斜面摩擦力向左C.若F豎直向下，則物體會加速下滑D.若F拉著物塊沿斜面勻速上滑，則F的最小值為mgsinθ【答案】A【解析】【詳解】AB．根據(jù)題意可知，未加時，物塊勻速下滑，受力平衡，物塊的受到重力、支持力和摩擦力的作用，由平衡條件得解得物塊與斜面間的動摩擦因數(shù)為 物塊勻速下滑過程中，整體水平方向受力平衡，則地面對斜面的摩擦力為零；若對物塊施加一個沿斜面方向的力，物塊下滑過程中對斜面的作用力沒有變，斜面受力情況不變，則地面對斜面的摩擦力仍為零；若對物體施加一個垂直于斜面方向的力，物塊下滑過程中，對斜面的壓力增加、摩擦力增加，根據(jù)幾何關(guān)系可知故此時物塊對斜面的作用力方向仍向下，地面對斜面的摩擦力為零；在豎直平面內(nèi)給物塊一任意方向（角任意）的外力，此力可以分解為垂直于斜面方向和沿斜面方向，而施加沿斜面方向的力、垂直于斜面方向的力時，地面對斜面的摩擦力均為零，所以無論對物塊施加什么方向的力，在停止運動前，地面對斜面的摩擦力均為零，A正確，B錯誤；C．若F豎直向下，物塊受到的摩擦力增加了，沿斜面向下的力增加了，由于，故物塊將沿斜面勻速下滑，C錯誤；D．若外力拉著物塊沿斜面勻速上滑，設(shè)力與斜面的夾角為，根據(jù)平衡條件可得解得可知，的最小值為D錯誤。故選A。12.正弦曲線狀金屬絲與金屬細桿ac在a、c處焊接在一起，兩者在b處彼此絕緣，回路總電阻為R，，d、e到ac的距離均為L。將線框平放在光滑水平桌面上，線框右側(cè)有垂直桌面向下、邊界為矩形的勻強磁場，磁場磁感應(yīng)強度為B，磁場左右寬度為L，縱向?qū)挾茸銐虼螅琣c與磁場左右邊界垂直，整個裝置的俯視圖如圖所示?，F(xiàn)在水平外力F作用下使線框以速度v沿ac向右勻速運動，t=0時刻c點到達磁場左邊界，在線框穿過磁場過程中，下列說法正確的是（　?。?A.當e點到達磁場左邊界時，回路中電流最大B.t=0到時間內(nèi)外力F做的功為C.外力F的瞬時最大功率為D.線框中的電流會增大或減小，但不會改變方向【答案】C【解析】【詳解】AC．當d點到達磁場左邊界時，有效切割長度最大，為2L，回路中電流最大，此時外力F的瞬時功率最大，此時感應(yīng)電流為功率為故A錯誤，C正確；B．到時間內(nèi)，感應(yīng)電流為正弦式交流電，最大值為則外力F做的功轉(zhuǎn)化為電路焦耳熱故B錯誤；D．由楞次定律及安培定則可判斷線圈感應(yīng)電流大小隨時間的變化圖（其中），如圖 線框中的電流會增大或減小，也會改變方向，故D錯誤。故選C。二、填空題（每題4分，共20分）13.如圖所示，若人隨自動扶梯減速上行，扶梯對人的作用力為F，則F的方向為____（選填“豎直向上”或“豎直向下”或“無法確定”），自動扶梯對人做______功（選填“正”或“負”或“無法確定”）?！敬鸢浮竣?無法確定②.無法確定【解析】【詳解】[1]人隨扶梯減速上升時受力情況如圖扶梯對人的作用力F為支持力N與摩擦力f的合力，故F斜向左上方，但是因為加速度具體大小未知，故F與豎直方向的具體夾角未知，則F的方向無法確定。[2]因為F的方向無法確定，所以F與速度的夾角也無法確定，故自動扶梯對人做功無法確定。14.一根上端固定的彈簧，其下端掛一條形磁鐵。使磁鐵在豎直方向上下振動，由于空氣阻力很小，磁鐵的振動幅度幾乎保持不變?，F(xiàn)在磁鐵下方豎直放一螺線管，如圖所示，開關(guān)S閉合時，有_____能轉(zhuǎn)化成____能。開關(guān)斷開時，線圈中____（選填“有”或“無”或“無法確定”）感應(yīng)電動勢。 【答案】①.機械②.電③.有【解析】【詳解】[1][2]開關(guān)S閉合時，磁鐵上下振動，通過線圈的磁通量周期性變化，產(chǎn)生感應(yīng)電流，從能量角度是磁鐵的機械能轉(zhuǎn)化成線圈回路的電能；[3]開關(guān)斷開時，通過線圈的磁通量在變化，線圈中有感應(yīng)電動勢。15.一定質(zhì)量的理想氣體，由狀態(tài)A沿直線變化到狀態(tài)C，再由狀態(tài)C沿直線變化到狀態(tài)B，最后由狀態(tài)B沿直線回到狀態(tài)A，如圖所示。已知氣體在狀態(tài)A的溫度TA=300K，氣體由狀態(tài)A沿直線變化到狀態(tài)C的過程中的最高溫度為____________K；完成一個循環(huán)過程，氣體吸收的熱量為_________J?！敬鸢浮竣?400②.200【解析】【詳解】[1]根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程可知當、的乘積最大時，氣體的溫度最高，由數(shù)學知識可知，當氣體的溫度最高，設(shè)此時的溫度為，根據(jù)代入數(shù)據(jù)解得 [2]完成一個循環(huán)的過程中，因為氣體的始末狀態(tài)不變，即內(nèi)能不變，由熱力學第一定律得由公式和定積分的幾何意義可知即為圖中的面積，由圖可知，外界對氣體做功為負值，就解得可知氣體吸收的熱量為200J。16.某同學用單色光進行雙縫干涉實驗，在屏上觀察到如圖甲所示的條紋，僅改變一個實驗條件后，觀察到的條紋如圖乙所示。他改變的實驗條件可能是（寫出2種可能性）______，______。【答案】①.見解析②.見解析【解析】【詳解】[1][2]根據(jù)條紋間距與波長的關(guān)系由圖可知，條紋間距變大，則可能是雙縫間距d減小，可能是雙縫與屏間的距離l增大，或者換用波長更長的單色光照射。17.干涉條紋除了可以通過雙縫干涉觀察到外，把一個凸透鏡壓在一塊平面玻璃上（圖甲），讓單色光從上方射入（示意圖如圖乙，其中R為凸透鏡的半徑），從上往下看凸透鏡，也可以觀察到由干涉造成圖丙所示的環(huán)狀條紋，這些條紋叫作牛頓環(huán)。如果改用波長更長的單色光照射，觀察到的圓環(huán)間距將___________（選填“變大”“變小”或“不變"）；如果換一個半徑更大的凸透鏡，觀察到的圓環(huán)間距將 _________（選填“變大”“變小”或“不變”）?！敬鸢浮竣?變大②.變大【解析】【詳解】[1]當光程差為波長的整數(shù)倍時是亮條紋，當光程差為半個波長的奇數(shù)倍時是暗條紋。用波長變長的光照射，則出現(xiàn)亮條紋的這一厚度需遠離中心，則圓環(huán)的半徑變大。[2]換一個半徑更大的凸透鏡，出現(xiàn)亮條紋的這一厚度偏移中心，則圓環(huán)的半徑變大。三、綜合題（共40分）18.“探究加速度與物體受力、物體質(zhì)量的關(guān)系”的實驗裝置如圖（a）。（1）當重物加速向下運動時，小車所受的拉力的大小______（選填“大于”、“等于”或“小于”）重物所受重力的大小。當重物的質(zhì)量m______（選填“遠大于”、“近似于”或“遠小于”）小車的質(zhì)量M時，小車所受的拉力的大小近似等于重物所受重力的大小。（2）為了減小誤差，改進了實驗裝置，用力傳感器直接測量得到小車受到繩子拉力的大小。通過合理的實驗步驟，五組同學得到的a—F圖像如圖（b）。根據(jù)a—F圖像中的數(shù)據(jù)找到小車受力均為F=0.12N時各組的加速度a，并將各組加速度a及小車質(zhì)量M的數(shù)據(jù)填入下表，則表中X處的數(shù)值為______。利用表中的數(shù)據(jù)再做a—M圖像得到一條曲線，為進一步探究加速度a與物體質(zhì)量M的關(guān)系時，可在下表中補充______（填物理量符號）數(shù)據(jù)列，再次建立圖像。實驗次數(shù)拉力F/N小車質(zhì)量M/kg加速度a/m·s?2①0.120.11.2②0.120.1250.96 ③0.120.1670.72④0.120.250.48⑤0.120.375X（3）在探究小車質(zhì)量M一定時，加速度a與物體受力F的定量關(guān)系時，某組同學得到如圖（c）所示的a—F圖像，圖像不過坐標原點的最可能原因是______，由圖像可得小車的質(zhì)量為______（用圖中h、i表示）?！敬鸢浮竣?小于②.遠小于③.0.32④.（或）⑤.實驗中未能消除軌道摩擦的影響（或未平衡軌道的摩擦力或軌道的傾角過小等）⑥.【解析】【詳解】（1）[1]當重物加速向下運動時，對重物有可知，當重物加速向下運動時，小車所受的拉力小于重物所受重力的大??；[2]對小車有 解得可知，當重物的質(zhì)量遠小于小車的質(zhì)量時，小車所受的拉力的大小近似等于重物所受重力的大小。（2）[3]根據(jù)表中數(shù)據(jù)，解得[4]根據(jù)解得，可知，為進一步探究加速度a與物體質(zhì)量M的關(guān)系時，可在表中補充（或等）數(shù)據(jù)列，再次建立圖像。（3）[5]根據(jù)圖像可知，當細繩拉力較小不為0時，小車的加速度仍然為0，表明實驗中未能消除軌道摩擦的影響（或未平衡軌道的摩擦力或軌道的傾角過小等）；[6]根據(jù)上述，對小車進行分析有解得結(jié)合圖像有解得19.萬有引力定律揭示了天體運動規(guī)律與地上物體運動規(guī)律具有內(nèi)在的一致性。（1）用彈簧測力計稱量一個相對于地球靜止的物體的重力，隨稱量位置的變化可能會有不同結(jié)果。已知地球質(zhì)量為M，自轉(zhuǎn)周期為T，引力常量為G。將地球視為半徑為R、質(zhì)量分布均勻的球體，不考慮空氣的影響。設(shè)在地球北極地面稱量時，彈簧測力計的讀數(shù)是。若在北極上空高出地面h 處稱量，彈簧測力計讀數(shù)為，求比值的表達式，并就的情形算出具體數(shù)值（計算結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）。（2）若在赤道表面稱量時，彈簧測力計讀數(shù)為，求比值的表達式；（3）設(shè)想地球繞太陽公轉(zhuǎn)的圓周軌道半徑為r、太陽半徑為和地球的半徑R三者均減小為現(xiàn)在的2.0%，而太陽和地球的密度均勻且不變。僅考慮太陽與地球之間的相互作用，以現(xiàn)實地球的1年為標準，計算“設(shè)想地球”的1年將變?yōu)槎嚅L？【答案】（1）；（2）；（3）“設(shè)想地球”的1年與現(xiàn)實地球的1年時間相同【解析】【詳解】（1）在地球北極點不考慮地球自轉(zhuǎn)，則秤所稱得的重力則為其萬有引力，于是解得（2）在赤道表面稱量，彈簧測力計讀數(shù)為F2解得（3）設(shè)太陽的質(zhì)量Ms，根據(jù)萬有引力定律，有解得 又因為解得從上式可知，當r和Rs減小為現(xiàn)在的2.0%時，地球公轉(zhuǎn)周期不變，即“設(shè)想地球”的1年與現(xiàn)實地球的1年時間相同。20.某同學設(shè)計了電磁健身器，簡化裝置如圖所示。兩根平行金屬導軌相距，傾角，導軌上端接一個的電阻。在導軌間長的區(qū)域內(nèi)，存在方向垂直導軌平面向下的勻強磁場，磁感應(yīng)強度。質(zhì)量的金屬棒CD水平置于導軌上，用絕緣繩索通過定滑輪與輕的拉桿GH相連。CD棒的初始位置與磁場區(qū)域的下邊界相距。一位健身者用的恒力沿繩拉動GH桿，CD棒由靜止開始運動，上升過程中CD棒始終與導軌垂直。當CD棒到達磁場上邊界時健身者松手，觸發(fā)恢復(fù)裝置使CD捧回到初始位置。已知，，不計其它電阻、摩擦力，以及拉桿和繩索的質(zhì)量。求：（1）CD棒進入磁場前的加速度a和進入磁場時速度v的大?。唬?）通過數(shù)據(jù)計算，說明CD棒進入磁場后的運動情況。（3）某健身者沒有保持的恒定拉力，若測出CD棒每次到達磁場上邊緣時的速度為，CD棒每次上升過程中，電阻產(chǎn)生的焦耳熱。則這位健身者完成100次動作，消耗多少熱量？（4）若某位健身者的力氣比較大，使用這套健身器材為了能達到較好的鍛煉效果，是否一定要對裝置做出改進或調(diào)節(jié)？給出理由?！敬鸢浮浚?），；（2）見解析；（3）5600J；（4）見解析【解析】【詳解】（1）CD棒進入磁場前，牛頓第二定律 解得由勻變速公式，解得（2）CD棒剛進入磁場時，感應(yīng)電動勢感應(yīng)電流安培力重力分力為因拉力F=80N，合力為零，故CD棒進入磁場后，應(yīng)為勻速運動。（3）每次上升過程，CD棒增加的重力勢能增加的動能每次需消耗能量則這位健身者完成100次動作，消耗熱量（4）可以不用做出調(diào)節(jié)；因為拉力增大，CD棒進入磁場時的速度增大，安培力也隨之增大，如果維持CD棒在磁場中勻速運動，仍然需要較大的拉力，可以滿足鍛煉的需求。