《浙江省溫州市環(huán)大羅山聯(lián)盟2023-2024學(xué)年高二上學(xué)期期中聯(lián)考物理Word版含解析.docx》由會員上傳分享，免費在線閱讀，更多相關(guān)內(nèi)容在教育資源-天天文庫。

2023學(xué)年高二第一學(xué)期溫州環(huán)大羅山聯(lián)盟期中聯(lián)考物理試題考生須知：1．本卷共8頁滿分100分，考試時間90分鐘。2．答題前，在答題卷指定區(qū)域填寫班級、姓名、考場號、座位號及準考證號并填涂相應(yīng)數(shù)字。3．所有答案必須寫在答題紙上，寫在試卷上無效。4．考試結(jié)束后，只需上交答題紙。選擇題部分一、選擇題Ⅰ（本題共13小題，每小題3分，共39分。每小題列出的四個備選項中只有一個是符合題目要求的，不選、多選、錯選均不得分）1.國際單位制中力的單位符號是N，用國際單位制的基本單位符號來表示，正確的是（　?。〢.B.C.D.【答案】A【解析】【詳解】A．根據(jù)得A正確；B．由于B錯誤；C．由于C錯誤；D．無法推導(dǎo)出力單位，D錯誤。故選A。2.2022年10月7日21時10 分，一個載入史冊的重要時刻，我國首次實施固體運載火箭近岸海上衛(wèi)星發(fā)射。經(jīng)過10余分鐘的飛行，近岸發(fā)射使用的長征十一號固體運載火箭將微厘空間北斗低軌導(dǎo)航增強系統(tǒng)S5、S6兩顆試驗衛(wèi)星順利送入預(yù)定軌道。下列說法正確的是（　?。〢.“2022年10月7日21時10分”和“10余分鐘”均指的是時間間隔B.研究S5、S6兩顆試驗衛(wèi)星在預(yù)定軌道的運行軌跡時可以將它們看成質(zhì)點C.在發(fā)射過程中以長征十一號固體火箭為參考系，水面上的船是靜止的D.火箭剛開始飛升的瞬間，其瞬時速度為零，加速度也為零【答案】B【解析】【詳解】A．“2022年10月7日21時10分”指的是時刻，“10余分鐘”指的是時間間隔，故A錯誤；B．研究S5、S6兩顆試驗衛(wèi)星在預(yù)定軌道的運行軌跡時，兩顆衛(wèi)星的形狀、大小可以忽略，可以將它們看成質(zhì)點，故B正確；C．在發(fā)射過程中以長征十一號固體火箭為參考系，水面上的船是運動的，故C錯誤；D．火箭剛開始飛升的瞬間，其瞬時速度為零，速度變化率不為零，有向上的加速度，加速度不為零，故D錯誤。故選B。3.首艘國產(chǎn)航母是以遼寧號為依據(jù)參考設(shè)計的，依然采用了艦載機滑躍起飛的方式，因此其飛行甲板在艦艏一定距離內(nèi)開始上翹，至艦艏上翹角度約為12度，以方便艦載機借助上翹的艦艏，獲得一定的升力，從而順利升空。如圖所示，航母飛行甲板前端上翹，水平部分與上翹部分通過一段圓弧平滑連接，D為圓弧最低點，圓弧半徑為R。戰(zhàn)斗機以速度v經(jīng)過D點時（　?。〢.戰(zhàn)斗機對甲板的壓力小于戰(zhàn)斗機受到的支持力B.戰(zhàn)斗機處于失重狀態(tài)C.兩個質(zhì)量不同的戰(zhàn)斗機，先后以相同速度經(jīng)過D點，向心加速度一定相同D.若戰(zhàn)斗機過D點時，正好拉起在豎直平面內(nèi)做勻速圓周運動，則在最高點駕駛員受座椅作用力一定大于駕駛員的重力【答案】C【解析】【詳解】A．戰(zhàn)斗機對甲板的壓力與戰(zhàn)斗機受到的支持力是作用力與反作用力，大小相等，A錯誤；B．戰(zhàn)斗機經(jīng)過D點時，需要垂直水平面向上的向心力，則加速度向上，處于超重狀態(tài)，B錯誤； C．根據(jù)速度相同，則向心加速度相同，C正確；D．由于戰(zhàn)斗機的速度不確定，則無法判斷在最高點駕駛員受座椅作用力大小，D錯誤。故選C。4.如圖所示，是選自課本的四幅插圖，其中下列說法正確的是（　?。〢.圖甲，牛頓根據(jù)理想斜面實驗，提出了力不是維持物體運動的原因B.圖乙，庫侖利用實驗測出了萬有引力常量C.圖丙，奧斯特利用該實驗，發(fā)現(xiàn)了電流周圍存在磁場D.圖丁，楞次發(fā)明圓盤發(fā)電機裝置【答案】C【解析】【詳解】A．圖甲是伽利略做的斜面實驗，伽利略根據(jù)理想斜面實驗，提出了力不是維持物體運動的原因，故A錯誤；B．圖乙是卡文迪許做的扭秤實驗，卡文迪許利用扭秤實驗測出了萬有引力常量，故B錯誤C．圖丙是奧斯特研究電流磁效應(yīng)的實驗，奧斯特利用該實驗，發(fā)現(xiàn)了電流周圍存在磁場，故C正確；D．圖丁是圓盤發(fā)電機，是法拉第利用電磁感應(yīng)原理發(fā)明的圓盤發(fā)電機裝置，故D錯誤。故選C。5.2022年6月5日，神舟十四號載人飛船在酒泉衛(wèi)星發(fā)射中心離升約7小時后，與中國空間站核心模塊“天和”成功對接，并運行在高度為340km-450km的近地軌道。飛船與空間站在軌運行期間，將首次迎來問天實驗艙、夢天實驗艙、天舟五號貨運飛船和神舟十五號載人飛船，首次實現(xiàn)航天員乘組在軌輪換，6名中國航天員將齊聚太空?，F(xiàn)將飛船與空間站在軌運行簡化為勻速圓周運動，則下列說法正確的是（　?。〢.空間站正常運行速度一定小于7.9km/s B.神舟十四號飛船的運行周期比同步衛(wèi)星大C.神舟十四號飛船的發(fā)射速度可以小于7.9km/sD.空間站內(nèi)的宇航員處于完全失重狀態(tài)，不受地球的吸引力【答案】A【解析】【詳解】A．根據(jù)萬有引力提供向心力解得可知，軌道半徑越大，速度越小，周期越大，而第一宇宙速度即為近地衛(wèi)星的環(huán)繞速度，則空間站的正常運行時速度一定小于，飛船的運行周期比同步衛(wèi)星小，A正確，B錯誤；C．第一宇宙速度是一個最小的發(fā)射速度，神舟十四號飛船的發(fā)射速度一定大于由于其仍然處于地球的束縛之下，則其發(fā)射速度一定小于第二宇宙速度，C錯誤；D．由于在軌道上，萬有引力提供向心力，因此空間站內(nèi)的宇航員處于完全失重狀態(tài)，但仍然受到地球的萬有引力作用力，D錯誤。故選A。6.如圖（a），我國某些農(nóng)村地區(qū)人們用手拋撒谷粒進行水稻播種。某次拋出的谷粒中有兩顆的運動軌跡如圖（b）所示，其軌跡在同一豎直平面內(nèi)，拋出點均為，且軌跡交于點，拋出時谷粒1和谷粒2的初速度分別為和，其中方向水平，方向斜向上。忽略空氣阻力，關(guān)于兩谷粒在空中的運動，下列說法正確的是（） A.谷粒1的加速度小于谷粒2的加速度B.谷粒2在最高點的速度小于C.兩谷粒從到的運動時間相等D.兩谷粒從到的平均速度相等【答案】B【解析】【詳解】A．拋出的兩谷粒在空中均僅受重力作用，加速度均為重力加速度，故谷粒1的加速度等于谷粒2的加速度，A錯誤；C．谷粒2做斜向上拋運動，谷粒1做平拋運動，均從O點運動到P點，故位移相同。在豎直方向上谷粒2做豎直上拋運動，谷粒1做自由落體運動，豎直方向上位移相同故谷粒2運動時間較長，C錯誤；B．谷粒2做斜拋運動，水平方向上為勻速直線運動，故運動到最高點的速度即為水平方向上的分速度。與谷粒1比較水平位移相同，但運動時間較長，故谷粒2水平方向上的速度較小即最高點的速度小于，B正確；D．兩谷粒從O點運動到P點的位移相同，運動時間不同，故平均速度不相等，谷粒1的平均速度大于谷粒2的平均速度，D錯誤。故選B。7.一起重機用鋼繩提起靜止在地面上的重物，開始在豎直方向上做勻加速運動，然后做勻速運動。重物上升高度為h，運動時間為t，加速度為a，動能為Ek，起重機功率為P，下列圖像能描述上述過程的是（　?。〢.B.C.D.【答案】C【解析】【詳解】A．重物開始在豎直方向上做勻加速運動，則圖像是開口向上的拋物線，故A錯誤； B．重物開始在豎直方向上做勻加速運動，然后做勻速運動。圖像先是與時間軸平行且不為零的直線，然后加速度為零，故B錯誤；C．重物開始在豎直方向上做勻加速運動時，由牛頓第二定律得解得起重機的拉力起重機的功率圖像是過原點的傾斜的直線；重物勻速運動時，起重機的拉力起重機的功率則起重機的功率為定值，故C正確；D．重物開始在豎直方向上做勻加速運動時的動能圖像是過原點的傾斜的直線，故D錯誤。故選C。8.如圖電路中，P、Q兩燈完全相同，電感線圈L的電阻不計，則（　?。〢.S接通瞬間，P、Q同時達正常發(fā)光B.S接通瞬間，P先達到最亮，穩(wěn)定后與Q一樣亮C.S斷開瞬間，通過P的電流與原來方向相同D.S斷開瞬間，P立即熄滅，Q過一會才熄滅【答案】B【解析】 【詳解】AB．S接通瞬間，P燈先達到最亮，Q燈支路由于線圈產(chǎn)生感應(yīng)電動勢阻礙電流的增大，則Q燈支路電流緩慢增大，Q燈緩慢變亮，穩(wěn)定后由于兩燈相同且電感線圈L的電阻不計，，則兩燈一樣亮，故A錯誤，B正確；CD．S斷開瞬間，由于電感線圈的存在，阻礙電流減小，且此時P、Q連成一個回路，所以P、Q都是緩慢熄滅，通過P的電流與原來方向相反，故CD錯誤。故選B。9.如圖甲為電子束焊接機，電子束焊接是利用加速和會聚的高速電子流轟擊工件接縫處，使金屬熔合的一種焊接方法。電子束焊接機中的電場線如圖乙中虛線所示。K為陰極，A為陽極，電子束從陰極逸出后經(jīng)電場加速到達陽極，不考慮電子重力及電子間的相互作用，下列說法正確的是（　?。〢.電子在電場中電勢的大小關(guān)系為B.電子在電場中加速度的大小關(guān)系為C.電子在b點的電勢能小于c點的電勢能D.電子在b點的動能小于c點的動能【答案】D【解析】【詳解】A．由題意可知K為陰極，A為陽極，電場線由A點指向K點，根據(jù)沿著電場線的方向電勢越來越低，可知故A錯誤；B．由圖可知，電場線輻射分布，越靠近A點，電場線越密集，則電場強度就越大，而c點明顯更靠近A點，受到的電場力更大，加速度也更大，所以故B錯誤；C．電子由b點到c點運動時，電場力做正功，電勢能減小，所以b點的電勢能大于c點的電勢能，故C 錯誤；D．電子由b點到c點運動時，由動能定理可得因為電場力做正功，所以電子在b點的動能小于c點的動能，故D正確。故選D。10.兩根粗細均勻的導(dǎo)體棒a、b放在水平放置的兩條金屬導(dǎo)軌上，導(dǎo)軌與電阻、電源及開關(guān)相連，導(dǎo)軌電阻不計。兩棒的材料相同、橫截面積a是b的兩倍，它們與導(dǎo)軌夾角分別為、。整個裝置處于方向豎直向下、磁感應(yīng)強度為B的勻強磁場中。已知導(dǎo)軌間距為L，a、b棒與導(dǎo)軌接觸良好，合上開關(guān)后導(dǎo)體棒a中的電流為I，關(guān)于a、b兩棒所受安培力、。下列說法正確的（　?。〢.，B.，C.，D.，【答案】B【解析】【詳解】、棒的電阻率為，、棒的截面積為2S和S，、棒并聯(lián)，電壓相同，設(shè)為，棒的電阻為棒電阻為棒的電流為，則棒中電流為 棒受到的安培力為棒受到的安培力為故選B。11.如圖所示，設(shè)空間存在豎直向下的勻強電場和垂直紙面向里的勻強磁場，已知一離子在電場力和洛倫茲力的作用下，從靜止開始自A點沿曲線ACB運動，到達B點時速度為零，C點是運動軌跡的最低點，忽略重力，以下說法不正確的是（　?。〢.這離子必帶正電荷B.A點和B點位于同一高度C.這離子到達B點時，將沿原曲線返回AD.這離子在C點時速度最大【答案】C【解析】【詳解】A．從圖中可以看出，上極板帶正電，下極板帶負電，帶電粒子由靜止開始向下運動，說明受到向下的電場力，可知粒子帶正電，故A正確，不符合題意；B．離子具有速度后，在向下的電場力F及與速度方向垂直并不斷改變方向的洛侖茲力f作用下沿ACB曲線運動，因洛侖茲力不做功，電場力做功等于動能的變化，而離子到達B點時的速度為零，所以從A到B電場力所做正功與負功加起來為零，這說明離子在電場中的B點與A點的電勢能相等，即B點與A點位于同一高度，故B正確，不符合題意；C．如果右側(cè)仍有同樣的電場和磁場的疊加區(qū)域，離子就將在B之右側(cè)重現(xiàn)前面的曲線運動，如圖所示，因此離子是不可能沿原曲線返回A點的，故C錯誤，符合題意； D．在由A經(jīng)C到B的過程中，在C點時，電勢最低，由于粒子帶正電，此時粒子的電勢能最小，由能量守恒定律可知粒子具有最大動能，即在C點時速度最大，故D正確，不符合題意。故選C。12.哈羅助力車動力電源上的銘牌標有“36V，12Ah”字樣。它正常工作時電源輸出電壓為30V，額定輸出功率180W。由于電動機發(fā)熱造成損耗，電動機的效率為80%，不考慮其它部件的摩擦損耗。已知運動時助力車受到阻力恒為28.8N，下列正確的是（　?。〢.電源內(nèi)阻為，額定工作電流為5AB.助力車電動機的內(nèi)阻為C.助力車保持額定功率勻速行駛的最長時間是2.4hD.助力車保持額定功率行駛的最遠距離是36000m【答案】D【解析】【詳解】A．由題可知，助力車的額定工作電流電源內(nèi)阻為故A錯誤；B．電動機的熱功率為則助力車電動機的內(nèi)阻為故B錯誤；C．助力車保持額定功率勻速行駛的最長時間是 故C錯誤；D．電動車勻速行駛時故行駛時的速度則助力車保持額定功率行駛的最遠距離是故D正確。故選D。13.如圖所示，絕緣細線AB和BC系一個質(zhì)量為m、帶電量為q的帶正電小球a，細線AB長為，與豎直方向的夾角為，細線BC與水平方向的夾角也為。x軸為與ABC同一豎直面內(nèi)的水平方向，帶電小球b從左側(cè)無窮遠處沿x軸正方向移動到右側(cè)無窮遠處，懸點A點到x軸的距離為。當(dāng)b球經(jīng)過A點正下方時，絕緣細線BC的拉力恰為零。若將帶電小球視為點電荷，靜電力恒量為k。下列說法正確的是（　　）A.b球帶負電荷B.b球電荷量為C.b球位于a球正下方時，細線AB拉力為BC拉力的倍D.b球位于a球正下方時，細線BC拉力為【答案】C【解析】 【詳解】AB．當(dāng)b球經(jīng)過A點正下方時，絕緣細線BC的拉力恰為零，分析a球的受力情況，如圖所示根據(jù)平衡條件，可知b球?qū)球有排斥力，所以b球帶正電；由幾何關(guān)系知：此時ab連線與豎直方向的夾角也等于，ab的長為，由對稱性知由平衡條件得解得由庫侖定律可得解得故AB錯誤；CD．b球位于a球正下方時，ab間距離為a球所受的庫侖力為對a球，水平水平方向有解得 豎直方向有聯(lián)立解得故C正確，D錯誤。故選C。二、選擇題Ⅱ（本題共2小題，每小題3分，共6分。每小題列出的四個備選項中至少一個是符合題目要求的，全部選對的得3分，選對但不全的得2分，有選錯的得0分）14.關(guān)于電磁波，下列說法正確的是（　?。〢.麥克斯韋首先預(yù)言了電磁波的存在，赫茲最先用實驗證實了電磁波的存在B.周期性變化的電場和磁場可以相互“激發(fā)”，形成電磁波C.在真空中，頻率越高的電磁波傳播速度越大D.利用電磁波傳遞信號可以實現(xiàn)無線通信，但電磁波不能通過電纜、光纜傳輸【答案】AB【解析】【詳解】A．麥克斯韋預(yù)言了電磁波的存在，赫茲第一次用實驗證實了電磁波存在，故A正確；B．根據(jù)麥克斯韋的電磁場理論可知，非均勻周期性變化的電場產(chǎn)生非均勻周期性變化的磁場，非均勻周期性變化的磁場產(chǎn)生非均勻周期性變化的電場，電場和磁場可以相互激發(fā)，形成電磁波，故B正確；C．在真空中，所有電磁波傳播速度相同為光速，故C錯誤；D．電磁波可以通過電纜、光纜進行有線傳輸，也可以實現(xiàn)無線傳輸。故D錯誤。故選AB。15.關(guān)于下列四幅圖的說法中正確的是（　?。〢.如圖甲，利用的實驗裝置探究影響平行板電容器電容的影響因素，采用了控制變量法 B.如圖乙，為使電子感應(yīng)加速器真空中產(chǎn)生順時針方向的感生電場，電磁鐵線圈電流應(yīng)該由強到弱C.如圖丙，真空冶煉爐是爐內(nèi)的金屬導(dǎo)體內(nèi)產(chǎn)生渦流使其熔化D.如圖丁，探雷器是利用渦流工作的，探測時是地下的金屬感應(yīng)出渦流，渦流的磁場反過來影響線圈中的電流，使儀器報警【答案】ACD【解析】【詳解】A.探究影響平行板電容器電容的影響因素時，采用了控制變量法A正確；B.電子感應(yīng)加速器是利用電磁鐵間變化的磁場產(chǎn)生威生電場使電子加速的儀器，圖中上面電磁鐵的下端是S極，下面電磁鐵的上端是N極，所以電鐵在真空室中產(chǎn)生的磁感應(yīng)強度方向向上，電磁鐵線圈中的電流由強到弱時，由楞次定律可知，電子感應(yīng)加速器真空中產(chǎn)生逆時針方向的感生電場，故B錯誤；C.真空治煉爐的工作原理是爐內(nèi)的金屬導(dǎo)體內(nèi)產(chǎn)生渦流使其熔化，故C正確；D.探測器中有交流電流，其產(chǎn)生變化的磁場，其磁場會在金屬物品中感應(yīng)出渦流，而流產(chǎn)生的磁場又會發(fā)過來影響線圈中的電流，從而使儀器報警，故D正確。故選ACD。非選擇題部分三、非選擇題（本題共6小題，共55分）16.（1）如圖是某次實驗時使用的實驗裝置，該裝置適用于下列實驗的是______。A．探究小車速度隨時間變化的規(guī)律實驗B．探究加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系實驗C．研究平拋物體運動實驗D．驗證機械能守恒實驗（2）“探究彈簧彈力和彈簧形變量的關(guān)系”的實驗，①實驗裝置如圖甲，以下說法正確的是_________A．在彈簧下端掛鉤碼時，不能掛太多鉤碼，以保證彈簧處于彈性限度內(nèi)B．實驗前，應(yīng)該先把彈簧水平放置測量其原長C．彈簧豎直懸掛于鐵架臺的橫梁上，刻度尺應(yīng)豎直固定在彈簧附近 D．用幾個不同的彈簧，分別測出幾組拉力與伸長量，得出拉力與伸長量之比均相等②根據(jù)記錄的數(shù)據(jù)，描繪出彈簧的伸長量與彈力F相關(guān)的點如圖乙所示，根據(jù)擬合的線，可得彈簧的勁度系數(shù)______N/m?！敬鸢浮竣?AB##BA②.AC##CA③.100【解析】【詳解】（1）[1]該裝置適用于探究小車速度隨時間變化的規(guī)律實驗、探究加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系實驗。該裝置不是曲線運動，故無法驗證平拋運動規(guī)律，由于無法測量小車的質(zhì)量，無法計算系統(tǒng)動能增大，所以不能用于驗證機械能守恒。故選AB。（2）①[2]A．彈簧下端掛鉤碼時，不能掛太多鉤碼，以保證彈簧處于彈性限度內(nèi)，只有在彈性限度內(nèi)才滿足胡克定律，故A正確；B．為了消除自重的影響，彈簧在豎直方向時測彈簧的原長，故B錯誤；C．彈簧豎直懸掛于鐵架臺的橫梁上，刻度尺應(yīng)豎直固定在彈簧附近，故C正確；D．幾個不同的彈簧，勁度系數(shù)不同，則拉力與伸長量之比不等，故D錯誤。故選AC②[3]彈簧的勁度系數(shù)17.某探究小組在實驗室“研究導(dǎo)體電阻與其影響因素的定量關(guān)系”，找到如下電阻定律實驗器材，并設(shè)計如圖電路圖：（1）a、b是康銅合金絲，c、d是鎳鉻合金絲，c的長度是其它三條的兩倍，b 的直徑是其它三條的兩倍，其他條件相同。該探究小組在實驗前已經(jīng)學(xué)習(xí)了電阻的相關(guān)知識，電壓表、、、，讀數(shù)分別為、、、，則當(dāng)______，______時，才能驗證電阻的決定式。（2）該小組研究了導(dǎo)體電阻與其影響因素的定量關(guān)系之后，想測定某金屬絲電阻率，現(xiàn)有如下器材：A．干電池兩個（內(nèi)阻忽略不計），導(dǎo)線若干，開關(guān)一個B．電流表（量程0.6A，內(nèi)阻約）C．電流表（量程3A，內(nèi)阻約）D．電壓表（量程3V，內(nèi)阻約）E．電壓表（量程15V，內(nèi)阻約）F．待測電阻（約為）G．滑動變阻器（）H．滑動變阻器（）為使兩端變化范圍更廣，測量結(jié)果更準確，則除待測電阻外，上述實驗器材應(yīng)選哪幾個______（用所選儀器前的字母代表），并在下邊虛線中畫出電路圖_________。（3）用刻度尺測出銅絲長度為L，用螺旋測微計測出銅絲直徑如下圖所示，則直徑______mm，電路連接正確后，電流表、電壓表的示數(shù)分別為I和U，則該銅絲的電阻率______（結(jié)果用字母表示）。 【答案】①.②.③.ABDG④.⑤.0.518##0.519##0.520##0.521##0.522⑥.【解析】【詳解】（1）[1][2]根據(jù)題意可知，a、b材料相同，則其電阻率相同，且長度也相同，但b的直徑是a的2倍，根據(jù)可知，b的橫截面積是a的4倍，而根據(jù)電阻定律可知，a電阻是b的4倍，而a、b串聯(lián)，通過的電流相同，則其兩端各自電壓之比為導(dǎo)體c、d材料相同，橫截面積也相同，但c長度是d長度的2倍，根據(jù)電阻定律可知，c的電阻是d電阻的2倍，而c、d串聯(lián)，通過的電流相同，則其兩端各自電壓之比為（2）[3]為使兩端電壓變化范圍更廣，則滑動變阻器應(yīng)采用分壓式接法，可使其兩端電壓從0開始變化，而兩節(jié)干電池的電動勢約為3V，當(dāng)選用滑動變阻器時，用直除法可得其電流顯然不符合最小量程0.6A的電流表讀數(shù)要求，且不易調(diào)節(jié)；當(dāng)選用滑動變阻器時，用直除法可得其電流 滿足其最小讀數(shù)大于其電流表量程為0.6A的三分之一，因此滑動變阻器應(yīng)選擇，電流表應(yīng)選擇；而電壓表選擇不滿足其讀數(shù)要求，則應(yīng)選擇電壓表，因此除了待測電阻外，還應(yīng)選擇的器材有ABDG；[4]根據(jù)待測電阻即電壓表、電流表阻值，可得則可知電流表應(yīng)選擇外接法，實驗電路圖如圖所示（3）[5]根據(jù)圖像可知，螺旋測微器不動刻度為0.5mm，而可動尺精度為0.01mm，需要估讀一位，則可得金屬絲直徑為[6]根據(jù)電阻定律有根據(jù)部分電路的歐姆定律有聯(lián)立可得18.如圖所示，某學(xué)校學(xué)生在電梯里進行如下操作：將臺秤放置水平桌面上，然后臺秤上放一物塊，待物塊靜止后啟動電梯。在電梯運動的全過程中記錄如下數(shù)據(jù)，9s末電梯剛好停下。若電梯從啟動到停止的過程可視為先勻加速，然后勻速，最后勻減速運動，全程電梯在豎直方向上運動。，求：時間臺秤讀數(shù) 0-2s4.2N2-8s4.0N8-9s來不及記錄（1）在0~2s內(nèi)，電梯加速度的大小；（2）在0~9s內(nèi)，電梯的位移；（3）在8~9s內(nèi)，站在電梯水平底板上體重為60kg的小組成員對電梯的壓力?！敬鸢浮浚?）；（2）7.5m；（3）540N【解析】【詳解】（1）由題意知物塊的重力等于4N，在0~2s內(nèi)，有解得（2）在0~2s內(nèi)，由位移公式得在2~8s內(nèi)，電梯上升的距離在8~9s內(nèi)，電梯上升的距離在0~9s內(nèi)，電梯的位移 （3）設(shè)在8~9s內(nèi)的加速度大小為，有解得對體重為60kg的人由牛頓第二定律得解得由牛頓第三定律知對電梯的壓力19.如圖所示，一彈射游戲裝置由安裝在水平臺面上的固定彈射器、傳送帶（速度大小、方向均可調(diào)節(jié)）、豎直圓軌道ABCD（A、D的位置錯開）、一段圓弧軌道EF、一水平放置且開口向左的接收器G（可在平面內(nèi)移動）組成。游戲時滑塊從彈射器彈出，全程不脫離軌道且飛入接收器則視為游戲成功。已知滑塊質(zhì)量且可視為質(zhì)點，傳送帶長度，ABCD圓軌道半徑，EF圓弧半徑，OE與OF之間夾角為。當(dāng)傳送帶靜止時，調(diào)整彈射器的彈性勢能，滑塊恰好能停在傳送帶右端。彈射時滑塊從靜止釋放，且彈射器的彈性勢能完全轉(zhuǎn)化為滑塊動能。僅考慮滑塊與傳送帶的摩擦，其它摩擦均忽略不計，各部分平滑連接。（，），。求：（1）求滑塊與傳送帶之間的動摩擦因數(shù)；（2）調(diào)整彈射器的彈性勢能，要使滑塊在運動過程中不脫離圓軌道ABCD，傳送帶轉(zhuǎn)動速度的范圍；（3）關(guān)閉傳送帶，改變彈射器的彈性勢能，要使滑塊不脫離軌道從F處飛出恰好水平進入接收器G，F(xiàn)G間的水平位移x與彈性勢能的函數(shù)關(guān)系式?！敬鸢浮浚?）0.1；（2）順時針轉(zhuǎn)動時，；逆時針轉(zhuǎn)動時任何速度都可以；（3） 【解析】【詳解】（1）由能量守恒得得（2）由動能定理彈出的速度若恰好過C點，則得從出傳送帶到C點，由動能定理得當(dāng)傳送帶順時針轉(zhuǎn)動時，若滑塊加速到，則傳送帶所需的長度所以加速不到。若沒有過B點，則，從出傳送帶到B點得 若滑塊減速到，則傳送帶所需的長度所以傳送帶的速度范圍為傳送帶逆時針轉(zhuǎn)動時任何速度都可以。（3）能過圓軌道最高點C點，由動能定理得從彈出到F點，由動能定理由平拋運動，解得20.如圖（a），超級高鐵是一種以“真空管道運輸”為理論核心設(shè)計的交通工具，具有超高速低能耗、無噪聲零污染等特點。如圖（b），已知運輸車管道中固定著兩根平行金屬導(dǎo)軌MN、PQ，導(dǎo)軌間距為。運輸車的質(zhì)量為m，橫截面是個圓，運輸車上固定著長為的兩根導(dǎo)體棒1和2（與導(dǎo)軌垂直），兩棒前后間距為D，每根導(dǎo)體棒的電阻為R。導(dǎo)軌電阻忽略不計。運輸車在水平導(dǎo)軌上進行實驗，不考慮摩擦及空氣阻力，不考慮兩導(dǎo)體棒的相互作用。（1）當(dāng)運輸車由靜止離站時，在導(dǎo)體棒2后距離為D處，接通固定在導(dǎo)軌上電動勢為E的直流電源（電源內(nèi)阻為R），此時導(dǎo)體棒1、2均處于磁感應(yīng)強度為B，垂直導(dǎo)軌平面向下的勻強磁場中，如圖（c），則剛接通電源時運輸車加速度多大？（2）運輸車進站時切斷電源，管道內(nèi)依次分布著相鄰的方向相反的勻強磁場，各個勻強磁場寬度均為D，磁感應(yīng)強度大小均為B，如圖（d），則當(dāng)運輸車速度為v時受到的安培力多大？（3）求在（2）的條件下，運輸車以速度進入磁場到停止運動的過程中，導(dǎo)體棒1上產(chǎn)生的焦耳熱。 【答案】（1）；（2）；（3）【解析】【詳解】（1）運輸車到站時，電路總電阻為由閉合電路的歐姆定律通過導(dǎo)體棒的電流導(dǎo)體棒所受的安培力運輸車的加速度解得（2）運輸車進站時，當(dāng)車速為v時，由法拉第電磁感應(yīng)定律， 由閉合電路的歐姆定律導(dǎo)體棒所受的安培力運輸車所受的合力（3）根據(jù)能量守恒定律，導(dǎo)體棒產(chǎn)生的總焦耳熱為則可導(dǎo)體棒1產(chǎn)生的焦耳熱為21.如圖的直角坐標系中，在第一象限的區(qū)域內(nèi)有磁感應(yīng)強度為B、垂直紙面向里的勻強磁場。一厚度不計，長度為8L的收集板MN放置在的平行于x軸的直線上，M點的坐標為。一粒子源位于P點，可連續(xù)發(fā)射質(zhì)量為m、電荷量為－q的粒子（初速度近似為零），粒子經(jīng)電場加速后沿y軸進入磁場區(qū)域（加速時間忽略不計）。若收集板上下表面均可收集粒子，粒子與收集板接觸后被吸收并導(dǎo)走，電場加速電壓連續(xù)可調(diào)，不計粒子重力和粒子間的作用力。（已知，），求：（1）加速電場下極板帶什么電？若加速電壓，則粒子離開磁場時的x軸坐標；（2）收集板MN的下表面收集到的粒子在磁場中運動的時間范圍；（3）收集板上表面能收集到粒子區(qū)域的x坐標范圍及對應(yīng)加速電壓的范圍。 【答案】（1）負電，；（2）；（3），電壓范圍【解析】【詳解】（1）電荷量為－q的粒子（初速度近似為零），粒子經(jīng)電場加速后沿y軸進入磁場區(qū)域，受電場力向上，所以下極板帶負電；由題意知由，得半徑根據(jù)幾何關(guān)系可知，粒子離開x軸坐標為。（2）粒子的運動周期粒子到達M點的運動時間為最短時間，由解得 根據(jù)幾何關(guān)系，解得如圖所示為打在下板最長時間對應(yīng)軌跡，易得故收集板MN的下表面收集到的粒子運動的時間范圍為（3）打到上極板面，存在兩個臨界情況：如圖軌跡所示，與收集板左端點相交，上極板粒子達到的最近點F，由幾何關(guān)系得所以 如圖軌跡，與磁場上邊界相切，上極板粒子達到的最遠點G，軌跡半徑則解得上表面粒子收集到的區(qū)域為由及得又代入得