《上海市七寶中學(xué)2021-2022學(xué)年高一下學(xué)期5月階段測(cè)試物理 Word版含解析》由會(huì)員上傳分享，免費(fèi)在線閱讀，更多相關(guān)內(nèi)容在教育資源-天天文庫(kù)。

七寶中學(xué)2021-2022學(xué)年“靜電場(chǎng)”單元練習(xí)物理試題答卷時(shí)間：60分鐘一、單選題（共12題，每小題4分，共48分）1.關(guān)于點(diǎn)電荷的下列說(shuō)法中正確的是（　　）A.體積較大的帶電體一定不能看成點(diǎn)電荷B.點(diǎn)電荷是一種理想化模型C.點(diǎn)電荷的帶電量一定很小D.足夠?。ɡ珞w積小于）的電荷，一定可以看作點(diǎn)電荷【答案】B【解析】【詳解】帶電體看作點(diǎn)電荷的條件是：當(dāng)帶電體的形狀對(duì)它們間相互作用力的影響可以忽略時(shí)，這個(gè)帶電體可看作點(diǎn)電荷，帶電體能否看作點(diǎn)電荷是由研究問(wèn)題的性質(zhì)決定，與自身大小、形狀和電荷量多少無(wú)具體關(guān)系。點(diǎn)電荷實(shí)際不存在，是一個(gè)理想化的模型。故選B2.以下實(shí)例中不屬于防范靜電危害的是（　?。〢.建筑物上安裝避雷針B.通過(guò)復(fù)印機(jī)把文件、資料等快速?gòu)?fù)印下來(lái)C.機(jī)械設(shè)備要良好地接地D.保持印染車間的空氣有一定的濕度【答案】B【解析】【詳解】A．建筑物上安裝避雷針，是為了防止靜電對(duì)建筑物造成傷害，屬于防范靜電的危害，不符合題意，A錯(cuò)誤；B．靜電復(fù)印是利用異種電荷相互吸引而使碳粉吸附在紙上，屬于靜電的應(yīng)用，符合題意，B正確；C．機(jī)械設(shè)備要良好接地，可以將設(shè)備使用的過(guò)程中產(chǎn)生的感應(yīng)電荷導(dǎo)走，屬于防范靜電的危害，不符合題意，C錯(cuò)誤；D．印染廠車間中，紙張間摩擦產(chǎn)生大量靜電，由于有一定的濕度，能及時(shí)導(dǎo)走，屬于防范靜電危害，不符合題意，D錯(cuò)誤；故選B。

13.以下關(guān)于摩擦起電、接觸起電、靜電感應(yīng)這三種起電方式的說(shuō)法正確的是（　?。〢.摩擦起電、接觸起電符合電荷守恒定律，靜電感應(yīng)不符合電荷守恒定律B.三種起電方式都符合電荷守恒定律，是因?yàn)檫^(guò)程中生成的正、負(fù)電荷數(shù)是等量的C.三種起電方式都符合電荷守恒定律，都是因?yàn)檫^(guò)程中電子的轉(zhuǎn)移D.電荷的代數(shù)和不變只適合于接觸起電【答案】C【解析】【詳解】摩擦起電的實(shí)質(zhì)是電子從一個(gè)物體轉(zhuǎn)移到另一個(gè)物體，即說(shuō)明了電荷可以從一個(gè)物體轉(zhuǎn)移到另一個(gè)物體。摩擦起電現(xiàn)象說(shuō)明機(jī)械能可以轉(zhuǎn)化為電能，但并沒(méi)有創(chuàng)造電荷。電荷只是發(fā)生轉(zhuǎn)移。感應(yīng)起電過(guò)程電荷在電場(chǎng)力作用下，從物體的一部分轉(zhuǎn)移到另一個(gè)部分。電荷可以從帶電的物體轉(zhuǎn)移到原來(lái)不帶電的物體是接觸帶電。AD．電荷既不能被創(chuàng)造，也不能被消滅，這三種方式都沒(méi)有產(chǎn)生電荷，這三種方式都符合電荷守恒定律。故A錯(cuò)誤，D錯(cuò)誤；BC．摩擦起電、接觸起電、感應(yīng)起電是起電的三種不同方式，但實(shí)質(zhì)是一樣的，都是電子從一個(gè)物體轉(zhuǎn)移到另一個(gè)物體，這三種方式都符合電荷守恒定律。故B錯(cuò)誤，C正確；故選C。4.庫(kù)侖扭秤如圖所示，細(xì)銀絲的下端懸掛一根絕緣棒，棒的一端是一個(gè)小球A，另一端通過(guò)小球B使絕緣棒平衡。把另一個(gè)帶電的金屬小球C插入容器并使它接觸A，使A與C帶同種電荷。將C與A分開(kāi)，再使C靠近A，A和C之間的作用力使A遠(yuǎn)離。扭轉(zhuǎn)懸絲，使A回到初始位置并靜止，通過(guò)懸絲扭轉(zhuǎn)的角度可以比較力的大小，進(jìn)而可以找到力F與距離r和電荷量的關(guān)系。此實(shí)驗(yàn)中（）A.B球起平衡作用，帶電荷量與A球相同B.庫(kù)侖準(zhǔn)確測(cè)出了每一個(gè)帶電小球的電荷量C.可得：A球與C球之間的作用力與它們之間的距離成反比D.C球所帶電荷量越大，懸絲扭轉(zhuǎn)的角度越大

2【答案】D【解析】【詳解】A．根據(jù)庫(kù)侖扭秤實(shí)驗(yàn)，B球是平衡球，使桿處于水平狀態(tài)，A和C球之間存在庫(kù)侖力，B球不帶電，故A錯(cuò)誤；B．在庫(kù)侖的時(shí)代沒(méi)有電荷量的單位，不可能準(zhǔn)確測(cè)出每一個(gè)小球的電荷量，該實(shí)驗(yàn)是利用扭轉(zhuǎn)懸絲彈力的力矩與靜電斥力的力矩平衡，通過(guò)扭轉(zhuǎn)角度計(jì)算出電荷間的作用力，不是直接測(cè)量庫(kù)侖力大小，故B錯(cuò)誤；C．根據(jù)庫(kù)倫定律可知，A球和C球間的作用力與它們之間的距離平方成反比，故C錯(cuò)誤；D．C球帶電荷量越大，庫(kù)侖力越大，懸絲扭轉(zhuǎn)的角度越大,故D正確。故選D。5.如圖甲所示為電容器的充電電路，先將可變電阻的阻值調(diào)為，閉合開(kāi)關(guān)，電容器所帶電荷量隨時(shí)間變化的關(guān)系圖像如圖乙實(shí)線①所示。然后斷開(kāi)開(kāi)關(guān)，先使電容器放電完畢，再把的阻值調(diào)為，接著重復(fù)前面的操作，得到如圖乙實(shí)線②所示圖像，下列說(shuō)法正確的是（　　）A.電容器充電過(guò)程，充電電流不斷減小B.電容器充電過(guò)程，充電電流不斷增加C.電容器充電過(guò)程，電容器的電容不斷增加D.增大可變電阻的阻值對(duì)電容器充電更快完成【答案】A【解析】【詳解】AB.電容器充電過(guò)程，，圖線斜率視為電流，可知充電電流不斷減小，A正確,B錯(cuò)誤；C.電容器的電容是電容本身的屬性，電容不變，C錯(cuò)誤；D.增大可變電阻的阻值對(duì)電容器充電更加平緩，充電時(shí)間更長(zhǎng)，D錯(cuò)誤。6.電子束焊接是利用加速和會(huì)聚的高速電子流轟擊工件接縫處，使金屬熔合的一種焊接方法。電子束焊接機(jī)中的電場(chǎng)線如圖中虛線所示。K為陰極，A為陽(yáng)極，電子束從陰極逸出后經(jīng)電場(chǎng)加速到達(dá)陽(yáng)極，不考慮電子重力及電子間的相互作用，下列說(shuō)法正確的是（　?。?/p>

3A.電子束焊接原理是將電子流的動(dòng)能轉(zhuǎn)化為內(nèi)能B.K點(diǎn)電勢(shì)高于A點(diǎn)電勢(shì)C.電子由K運(yùn)動(dòng)到A，電勢(shì)能增加D.電子由K運(yùn)動(dòng)到A，加速度不變【答案】A【解析】【詳解】A．電子束焊接原理是將電子流的動(dòng)能轉(zhuǎn)化為內(nèi)能，A正確；B．沿著電場(chǎng)線方向電勢(shì)降低，所以K點(diǎn)電勢(shì)低于A點(diǎn)電勢(shì)，B錯(cuò)誤；C．電子由K運(yùn)動(dòng)到A，電場(chǎng)力做正功，電勢(shì)能減小，C錯(cuò)誤；D．靠近陽(yáng)極A的地方電場(chǎng)線密集，電場(chǎng)強(qiáng)度大，電子從K運(yùn)動(dòng)到A，加速度逐漸增大，D錯(cuò)誤。故選A。7.處于等邊三角形頂點(diǎn)的兩個(gè)正點(diǎn)電荷與一個(gè)負(fù)點(diǎn)電荷形成的電場(chǎng)的等勢(shì)面如圖所示，相鄰等勢(shì)面之間的電勢(shì)差相等。O為兩個(gè)正點(diǎn)電荷連線的中點(diǎn)，A、O、B及兩點(diǎn)電荷在同一直線上，且A、B兩點(diǎn)關(guān)于O點(diǎn)對(duì)稱，A、B、C分別在對(duì)應(yīng)的等勢(shì)面上，電勢(shì)已在圖中標(biāo)注。則（　?。〢.O點(diǎn)沒(méi)有電場(chǎng)線，電場(chǎng)強(qiáng)度為零B.A、B兩點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度相同C.A、C之間的電勢(shì)差為10VD.一電子僅受電場(chǎng)力作用由B點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到C點(diǎn)，其動(dòng)能減少30eV

4【答案】D【解析】【詳解】A．由點(diǎn)電荷電場(chǎng)的疊加原理可知，三點(diǎn)電荷在O點(diǎn)合場(chǎng)強(qiáng)不為零，A錯(cuò)誤；B．場(chǎng)強(qiáng)方向由高電勢(shì)指向低電勢(shì)，故A、B兩點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)方向不同，所以場(chǎng)強(qiáng)一定不同，B錯(cuò)誤；C．由圖可知，，故A、C之間的電勢(shì)差為C錯(cuò)誤；D．由圖可知，，故B、C之間電勢(shì)差為對(duì)于電子僅受電場(chǎng)力作用由B點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到C點(diǎn)的過(guò)程，應(yīng)用動(dòng)能定理可得解得故電子動(dòng)能減少30eV，D正確。故選D。8.如圖甲所示，點(diǎn)電荷Q固定于光滑絕緣水平面上的x軸上，x軸上M、N兩點(diǎn)各放一正點(diǎn)電荷，它們受到Q的庫(kù)侖力與電荷量的關(guān)系如圖乙所示（取x軸的正方向?yàn)檎?，則（　?。〢.點(diǎn)電荷Q帶正電，位于M、N之間B.M、N兩點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小之比為C.如果點(diǎn)電荷Q不固定，三個(gè)點(diǎn)電荷不可能靜止D.點(diǎn)電荷Q到M、N兩點(diǎn)的距離之比為【答案】D【解析】

5【詳解】A．由圖像可知M點(diǎn)處的正點(diǎn)電荷受力，沿x軸的正方向；N點(diǎn)處的正點(diǎn)電荷受力，沿x軸的負(fù)方向。故點(diǎn)電荷Q帶負(fù)電，位于M、N之間，A錯(cuò)誤；B．由電場(chǎng)強(qiáng)度定義式可知，圖像斜率為電場(chǎng)強(qiáng)度，故M、N兩點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小之比為故B錯(cuò)誤；C．M、N處的電荷帶正電，場(chǎng)源電荷帶負(fù)電，由受力分析可知，適當(dāng)調(diào)整Q位置，可以使三個(gè)點(diǎn)電荷均靜止，滿足“兩大夾一小，兩同夾一異”，C錯(cuò)誤；D．由點(diǎn)電荷場(chǎng)強(qiáng)表達(dá)式可知D正確。故選D。9.如圖所示，是圓的內(nèi)接三角形，，為圓心，為直徑，半徑。有一勻強(qiáng)電場(chǎng)（圖中未畫出）電場(chǎng)方向與圓周在同一平面內(nèi)，取點(diǎn)電勢(shì)為零。處的粒子源向平面內(nèi)各個(gè)方向發(fā)射初動(dòng)能均為、電荷量為的粒子，其中到達(dá)點(diǎn)的粒子動(dòng)能為，到達(dá)點(diǎn)的粒子電勢(shì)能為。不計(jì)粒子的重力和粒子間的相互作用，。則勻強(qiáng)電場(chǎng)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小為（　　）A.B.C.D.【答案】C【解析】【詳解】根據(jù)電勢(shì)能表達(dá)式

6可知粒子在點(diǎn)的電勢(shì)為根據(jù)可得粒子從到過(guò)程，根據(jù)動(dòng)能定理可得解得可知連線為等勢(shì)線，過(guò)點(diǎn)做的垂線，如圖所示由圖中幾何關(guān)系可得則勻強(qiáng)電場(chǎng)電場(chǎng)強(qiáng)度大小為C正確，ABD錯(cuò)誤；故選C。10.真空中A、B、C為一等邊三角形的三個(gè)頂點(diǎn)，在A、B兩點(diǎn)分別放等量同種電荷后，三角形中心O點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)為E，電勢(shì)為；若再在C點(diǎn)放一等量異種電荷，取無(wú)窮遠(yuǎn)處電勢(shì)為0，則O點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大小和電勢(shì)應(yīng)分別為（）

7A.B.C.D.0，【答案】B【解析】【詳解】在A、B兩點(diǎn)分別放等量同種電荷后，三角形中心O點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)為E得則O點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大小三角形中心O點(diǎn)的電勢(shì)為，再在C點(diǎn)放一等量異種電荷，取無(wú)窮遠(yuǎn)處電勢(shì)為0，則BC在O點(diǎn)的電勢(shì)與無(wú)窮遠(yuǎn)處是相等的，為0。A為等量同種電荷，則O點(diǎn)電勢(shì)應(yīng)為。故選B。11.如圖所示，虛線是靜電場(chǎng)的一簇等勢(shì)線及其電勢(shì)值，一帶電粒子只在電場(chǎng)力作用下飛經(jīng)該電場(chǎng)時(shí)，恰能沿圖中的實(shí)線從A點(diǎn)飛到C點(diǎn)，則（）A.粒子一定帶負(fù)電B.粒子經(jīng)A點(diǎn)的動(dòng)能小于在C點(diǎn)的動(dòng)能C.A點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大于C點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度D.粒子從A點(diǎn)到B點(diǎn)電場(chǎng)力所做的功小于從B點(diǎn)到C點(diǎn)電場(chǎng)力所做的功【答案】C

8【解析】【詳解】A．電場(chǎng)線與等勢(shì)面垂直且由高電勢(shì)指向低電勢(shì)，因此圖中電場(chǎng)線方向應(yīng)垂直等勢(shì)線大體指向左側(cè)，帶電粒子所受電場(chǎng)力沿電場(chǎng)線指向軌跡內(nèi)側(cè)，即受力方向向左上，與電場(chǎng)線方向一致，則粒子一定帶正電，故A錯(cuò)誤；B．粒子A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到C點(diǎn)過(guò)程中，電場(chǎng)力做負(fù)功，動(dòng)能減小，所以粒子經(jīng)A點(diǎn)的動(dòng)能大于在C點(diǎn)的動(dòng)能，故B錯(cuò)誤；C．A點(diǎn)等勢(shì)線密，則電場(chǎng)線也密，A點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大于C點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度，故C正確；D．電場(chǎng)力做功與路徑無(wú)關(guān)，只與初末位置的電勢(shì)差有關(guān)，因?yàn)樗粤Ｗ訌腁點(diǎn)到B點(diǎn)電場(chǎng)力所做的功等于從B點(diǎn)到C點(diǎn)電場(chǎng)力所做的功，故D錯(cuò)誤。故選C。12.如圖所示，在x軸上放有兩個(gè)電荷量分別為q1和q2的點(diǎn)電荷，其中q1位于x軸的坐標(biāo)原點(diǎn)，電荷q2的右側(cè)各點(diǎn)電勢(shì)φ隨x變化的關(guān)系如圖曲線所示，其余部分的電勢(shì)變化情況沒(méi)有畫出，其中B點(diǎn)電勢(shì)為零，BD段中的電勢(shì)最低點(diǎn)為C點(diǎn)，則下列說(shuō)法正確的是（　?。〢.A點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度方向向左B.兩點(diǎn)電荷的電荷量的大小關(guān)系為q1q2，由于B到C過(guò)程電勢(shì)逐漸降低，所以場(chǎng)強(qiáng)方向由B指向C，C到D過(guò)程電勢(shì)逐漸升高，所以場(chǎng)強(qiáng)方向由D指向C，則q1為負(fù)點(diǎn)電荷，q2為正點(diǎn)電荷，所以BA間的場(chǎng)強(qiáng)方向向左，則A正確；B錯(cuò)誤；C．根據(jù)電勢(shì)φ隨x變化的斜率表示場(chǎng)強(qiáng)大小，則從B點(diǎn)到D點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度先減小后增大，所以C

9錯(cuò)誤；D．將一帶負(fù)電的試探電荷從C點(diǎn)移到D點(diǎn)，電場(chǎng)力做正功，所以D錯(cuò)誤；故選A。二、填空題（每空3分，共36分）13.靜電場(chǎng)有兩個(gè)基本特性．一個(gè)是電荷放在靜電場(chǎng)中會(huì)受到_________作用；另一個(gè)是放在靜電場(chǎng)中的電荷具有_________．【答案】①.電場(chǎng)力(力)②.能量（能）【解析】【詳解】[1][2]靜電場(chǎng)有兩個(gè)基本特性：一個(gè)是電荷放在靜電場(chǎng)中會(huì)受到靜電力即電場(chǎng)力的靜電力作用；另一個(gè)是放在靜電場(chǎng)中的電荷具有電勢(shì)能即能量。14.如圖，點(diǎn)電荷Q的一條電場(chǎng)線上有A、B、C三點(diǎn)，B為AC中點(diǎn)，則AB兩點(diǎn)電勢(shì)差的絕對(duì)值UAB與BC兩點(diǎn)電勢(shì)差的絕對(duì)值UBC的大小關(guān)系為UAB_________UBC（選填“＞”“＝”或“＜”）；一個(gè)質(zhì)子質(zhì)量為m、電荷量為e，由電場(chǎng)中一點(diǎn)由靜止釋放到另一點(diǎn)時(shí)速率為v，則這兩點(diǎn)間的電勢(shì)差為_(kāi)________?！敬鸢浮竣?＞②.【解析】【詳解】[1]由點(diǎn)電荷周圍電場(chǎng)場(chǎng)強(qiáng)公式可知，離點(diǎn)電荷越近場(chǎng)強(qiáng)越大，即AB兩點(diǎn)間平均場(chǎng)強(qiáng)大于BC兩點(diǎn)間的平均場(chǎng)強(qiáng)，根據(jù)勻強(qiáng)電場(chǎng)中電場(chǎng)強(qiáng)度與電勢(shì)差的關(guān)系可定性得出依題意聯(lián)立，可得[2]根據(jù)動(dòng)能定理，可得

10由電勢(shì)差的定義式，可得15.如圖所示，電容器上極板A接電源正極、下極板B接電源負(fù)極，且將上極板接地，電源電壓恒定，開(kāi)關(guān)S始終閉合，一帶電液滴恰靜止在電容器內(nèi)部P點(diǎn)?，F(xiàn)將電容器下極板B向下平移一小段距離，則液滴將_______（填“靜止不動(dòng)”、“向下運(yùn)動(dòng)”、“向上運(yùn)動(dòng)”），P點(diǎn)電勢(shì)將_________（填“升高”、“降低”、“不變”）?！敬鸢浮竣?向下運(yùn)動(dòng)②.升高【解析】【詳解】[1][2]帶電液滴處于平衡狀態(tài)，兩極板間電勢(shì)差不變，下極板B向下平移一小段距離，由可知，電場(chǎng)強(qiáng)度變小，則液滴將向下運(yùn)動(dòng)。A板接地，電勢(shì)為零，則不變，電場(chǎng)強(qiáng)度減小，P點(diǎn)電勢(shì)為負(fù)電勢(shì)，則P點(diǎn)電勢(shì)將升高。16.相隔很遠(yuǎn)，均勻帶電+q，?q的大平板在靠近平板處的勻強(qiáng)電場(chǎng)電場(chǎng)線如圖a所示，電場(chǎng)強(qiáng)度大小均為E。將兩板靠近，根據(jù)一直線上電場(chǎng)的疊加，得到電場(chǎng)線如圖b所示，則此時(shí)兩板間的電場(chǎng)強(qiáng)度為_(kāi)_____，此時(shí)兩板的相互作用力大小為_(kāi)_____。

11【答案】①.2E②.Eq【解析】【詳解】[1]根據(jù)電場(chǎng)線從正電荷出發(fā)到負(fù)電荷終止，疊加后的電場(chǎng)滿足矢量加減，故兩板間的電場(chǎng)強(qiáng)度為2E。[2]兩板相互靠近，兩板間的電場(chǎng)強(qiáng)度會(huì)疊加，但計(jì)算電場(chǎng)力時(shí)，應(yīng)將其中一個(gè)平板看作試探電荷，它處在另外一個(gè)平板產(chǎn)生的電場(chǎng)中，故其所受電場(chǎng)力為Eq，同理可得，另一個(gè)平板也可以看作是一個(gè)試探電荷，它所受的電場(chǎng)力也為Eq，故兩板的相互作用力大小為Eq。17.如圖所示，一個(gè)均勻帶電的細(xì)圓環(huán)帶電荷量為，半徑為R，放在絕緣水平桌面上。在圓心O的正上方距O高為R的A點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度大小為_(kāi)__________，方向?yàn)開(kāi)__________。【答案】①.②.由O指向A【解析】【詳解】[1][2]如圖所示把細(xì)圓環(huán)分割成n份，當(dāng)n相當(dāng)大時(shí)，每一小段都可以看做一個(gè)點(diǎn)電荷，所帶電荷量為

12根據(jù)點(diǎn)電荷場(chǎng)強(qiáng)公式可知每一點(diǎn)電荷在A點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大小均為各小段帶電圓環(huán)在A處的電場(chǎng)強(qiáng)度E的垂直于軸向的分量相互抵消，而E的軸向的分量之和即為帶電圓環(huán)在A處的電場(chǎng)強(qiáng)度。則又聯(lián)立，可得方向由O指向A。18.一平行板電容器兩極板間距為d、極板面積為S，電容為，其中是常量。對(duì)此電容器充電后斷開(kāi)電源。當(dāng)增加兩板間距時(shí)，電容器極板間電場(chǎng)強(qiáng)度_______（填“不變，變大，變小”），電勢(shì)差_______（填“不變，變大，變小”）?！敬鸢浮竣?不變②.變大【解析】【詳解】[1][2]因充電后斷開(kāi)，故兩板上的帶電量Q不變，增加d，根據(jù)，可知電容C變小，電勢(shì)差U變大，電勢(shì)差可表示為電場(chǎng)強(qiáng)度可表示為故E與d無(wú)關(guān)，電場(chǎng)強(qiáng)度不變。三、綜合題（16分。要求給出必要的圖示、文字說(shuō)明、公式、演算等）19.

13如圖所示，在光滑絕緣水平面放置一帶正電的長(zhǎng)直細(xì)棒，其周圍產(chǎn)生垂直于帶電細(xì)棒的輻射狀電場(chǎng)，場(chǎng)強(qiáng)大小E與距細(xì)棒的垂直距離r成反比，即，k為未知常量。在帶電長(zhǎng)直細(xì)棒右側(cè)，有一長(zhǎng)為l的絕緣細(xì)線連接了兩個(gè)質(zhì)量均為m的帶電小球A和B，小球A、B所帶電荷量分別為+2q和+5q，A球距直棒的距離也為l，兩個(gè)球在外力F=2mg的作用下處于靜止?fàn)顟B(tài)。不計(jì)兩小球之間的靜電力作用。（1）求k的表達(dá)式；（2）若撤去外力F，求撤去外力瞬間A、B小球間絕緣細(xì)線上的拉力T；【答案】（1）；（2）【解析】【詳解】（1）小球A、B及細(xì)線構(gòu)成的整體受力平衡，有得（2）若撤去外力瞬時(shí)，A、B間細(xì)線拉力突然變?yōu)榱?，則對(duì)A球得（方向向右）對(duì)B球得（方向向右）因?yàn)椋栽诔啡ネ饬λ矔r(shí)A、B將以相同的加速度a一起向右運(yùn)動(dòng)，A、B間絕緣細(xì)線張緊，有拉力T，因此，對(duì)A、B整體，由牛頓第二定律，有

14由第（1）問(wèn)可知對(duì)A解得【點(diǎn)睛】考查牛頓第二定律與動(dòng)能定理的應(yīng)用，掌握整體法與隔離法的方法，理解矢量合成法則的內(nèi)容，注意力做功的正負(fù)，及當(dāng)加速度為零時(shí)，速度達(dá)到最大。20.如圖所示，在第一象限的區(qū)域存在方向沿y軸負(fù)方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)，場(chǎng)強(qiáng)大小為E。一個(gè)帶正電粒子沿垂直于y軸方向從y軸上M點(diǎn)進(jìn)入第一象限，M點(diǎn)距坐標(biāo)原點(diǎn)O的距離為，粒子經(jīng)電場(chǎng)偏轉(zhuǎn)后軌跡與x軸交于N點(diǎn)，N點(diǎn)距離原點(diǎn)O為L(zhǎng)。該粒子的質(zhì)量為m，電荷量為q，重力忽略不計(jì)。求粒子經(jīng)過(guò)N點(diǎn)時(shí)，速度方向與x軸正方向夾角的正切值tanα?！敬鸢浮俊窘馕觥俊驹斀狻空娏Ｗ釉趧驈?qiáng)磁場(chǎng)中做類平拋運(yùn)動(dòng)，設(shè)粒子經(jīng)過(guò)N點(diǎn)時(shí)，速度方向與x軸正方向夾角為α，根據(jù)類平拋運(yùn)動(dòng)的推論

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