《浙江省三校2023-2024學(xué)年高三上學(xué)期12月聯(lián)考（選考模擬）物理Word版含解析.docx》由會(huì)員上傳分享，免費(fèi)在線閱讀，更多相關(guān)內(nèi)容在教育資源-天天文庫(kù)。

浙江省普通高校招生選考科目模擬考試物理試題考生須知：1．本卷滿分100分，考試時(shí)間90分鐘；2．答題前，在答題卷指定區(qū)域填寫(xiě)班級(jí)、姓名、考場(chǎng)、座位號(hào)及準(zhǔn)考證號(hào)并核對(duì)條形碼信息；3．所有答案必須寫(xiě)在答題卷上，寫(xiě)在試卷上無(wú)效，考試結(jié)束后，只需上交答題卷；4．可能用到的相關(guān)參數(shù)：重力加速度g取10m/s2。選擇題部分一、選擇題Ⅰ（本題共13小題，每小題3分，共39分。每小題列出的四個(gè)備選項(xiàng)中只有一個(gè)是符合題目要求的，不選、多選、錯(cuò)選均不得分）1.普朗克在研究黑體輻射規(guī)律時(shí)，于1900年首次提出“能量子”，表達(dá)式為。普朗克常量單位用國(guó)際單位制基本單位表示正確的是（　?。〢.B.C.D.【答案】C【解析】【詳解】能量的單位為，頻率的單位為，所以的單位為，而則普朗克常量的單位用國(guó)際單位制基本單位表示為故選C。2.汽車(chē)的車(chē)廂地面上水平放著一個(gè)內(nèi)裝圓柱形工件的木箱，工件截面和車(chē)的行駛方向垂直如圖乙所示，當(dāng)汽車(chē)勻速通過(guò)三個(gè)半徑依次變小的圓形彎道時(shí)木箱及箱內(nèi)工件均保持相對(duì)靜止。從汽車(chē)行駛方向上看下列分析判斷正確的是（　?。?A.Q和M對(duì)P的支持力大小始終相等B.汽車(chē)過(guò)A、B、C三點(diǎn)時(shí)工件P受到的合外力大小相等C.汽車(chē)過(guò)A點(diǎn)時(shí)，汽車(chē)重心的角速度最大D.汽車(chē)過(guò)A、C兩點(diǎn)時(shí)，M對(duì)P的支持力大于Q對(duì)P的支持力【答案】D【解析】【詳解】A．汽車(chē)過(guò)A、B、C三點(diǎn)時(shí)，做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，合外力指向圓弧的圓心，故對(duì)P分析，AC兩點(diǎn)合外力向左，B點(diǎn)合外力向右，Q和M對(duì)P的支持力大小不是始終相等，A錯(cuò)誤。B．汽車(chē)過(guò)A、B、C三點(diǎn)時(shí)的圓弧軌道半徑不同，根據(jù)合外力提供向心力得，當(dāng)汽車(chē)勻速通過(guò)三個(gè)半徑依次變小的圓形彎道時(shí)，工件P受到的合外力大小依次在增大，B錯(cuò)誤；C．汽車(chē)過(guò)A點(diǎn)時(shí)，由角速度與線速度關(guān)系得，在A點(diǎn)圓弧軌道半徑最大，汽車(chē)重心的角速度應(yīng)該最小，C錯(cuò)誤；D．汽車(chē)過(guò)A、C兩點(diǎn)時(shí)，所受的合外力向左，故M對(duì)P的支持力大于Q對(duì)P的支持力，D正確。故選D。3.體育器材室里，籃球擺放在如圖所示的球架上.已知球架的寬度為，每個(gè)籃球的質(zhì)量為，直徑為，不計(jì)球與球架之間的摩擦，重力加速度為.則每個(gè)籃球?qū)σ粋?cè)球架的壓力大小為（）A.B.C.D.【答案】C【解析】 【詳解】以任意一只籃球?yàn)檠芯繉?duì)象，分析受力情況，如圖所示，設(shè)球架對(duì)籃球的支持力與豎直方向的夾角為.由幾何知識(shí)得，根據(jù)平衡條件得，解得，則得籃球?qū)σ粋?cè)球架的壓力大為，故選項(xiàng)C正確.4.如圖是“液面報(bào)警器”的原理示意圖，其中T是熱電式元件。當(dāng)T未露出液面時(shí)，指示燈不亮；當(dāng)T露出液面時(shí)，指示燈亮，如圖（b）所示。對(duì)這個(gè)裝置，下列判斷正確的是（　?。〢.T是熱電阻B.T是熱敏電阻C.T元件的電阻率隨溫度的升高而增大D.圖（a）中T的溫度高于圖（b）中T的溫度【答案】B【解析】【詳解】AB．由圖可知，T在未露出液面時(shí)和露出液面由于溫度不同而導(dǎo)致電阻不同，故T是熱敏電阻，故A錯(cuò)誤，B正確；CD．當(dāng)T未露出液面時(shí)的溫度應(yīng)低于露出液面時(shí)的溫度，而當(dāng)T未露出液面時(shí)，指示燈不亮，說(shuō)明此時(shí)電阻較大，故溫度越低，電阻越大，其電阻率越大，故CD錯(cuò)誤。故選B。5.1824年法國(guó)科學(xué)家阿拉果完成了著名的“圓盤(pán)實(shí) 驗(yàn)”。實(shí)驗(yàn)中將一銅圓盤(pán)水平放置，在其中心正上方用柔軟細(xì)線懸掛一枚可以自由旋轉(zhuǎn)的磁針，如圖所示。實(shí)驗(yàn)中發(fā)現(xiàn)，當(dāng)圓盤(pán)在磁針的磁場(chǎng)中繞過(guò)圓盤(pán)中心的豎直軸旋轉(zhuǎn)時(shí)，磁針也隨著一起轉(zhuǎn)動(dòng)起來(lái)，但略有滯后。下列說(shuō)法正確的是（　?。〢.圓盤(pán)不產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)B.圓盤(pán)內(nèi)的感應(yīng)電流產(chǎn)生的磁場(chǎng)導(dǎo)致磁針轉(zhuǎn)動(dòng)C.在圓盤(pán)轉(zhuǎn)動(dòng)的過(guò)程中，磁針對(duì)圓盤(pán)做正功D.圓盤(pán)中的自由電子隨圓盤(pán)一起運(yùn)動(dòng)形成電流，此電流產(chǎn)生的磁場(chǎng)導(dǎo)致磁針轉(zhuǎn)動(dòng)【答案】B【解析】【詳解】A．圓盤(pán)在轉(zhuǎn)動(dòng)中由于半徑方向的金屬條切割磁感線，從而在圓心和邊緣之間產(chǎn)生了感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)，故A錯(cuò)誤；B．圓盤(pán)在徑向的金屬條切割磁感線過(guò)程中，內(nèi)部距離圓心遠(yuǎn)近不同的點(diǎn)電勢(shì)不等，從而形成渦流，渦流產(chǎn)生的磁場(chǎng)又導(dǎo)致磁針轉(zhuǎn)動(dòng)，故B正確；C．圓盤(pán)轉(zhuǎn)動(dòng)過(guò)程中，圓盤(pán)對(duì)磁針做正功，磁針對(duì)圓盤(pán)做負(fù)功，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；D．引起磁針轉(zhuǎn)動(dòng)的電流是導(dǎo)體切割產(chǎn)生的，不是因?yàn)樽杂呻娮与S圓盤(pán)轉(zhuǎn)動(dòng)形成的電流引起的，故D錯(cuò)誤。故選B。6.我國(guó)北斗導(dǎo)航衛(wèi)星系統(tǒng)包含多顆地球同步衛(wèi)星，這有助于減少我國(guó)對(duì)GPS導(dǎo)航系統(tǒng)的依賴，GPS由運(yùn)行周期為12小時(shí)的衛(wèi)星群組成，設(shè)北斗星的同步衛(wèi)星和GPS導(dǎo)航的軌道半徑分別為R1和R2，向心加速度分別為a1和a2，則R1∶R2和a1∶a2的比值分別為（　　）A.B.C.D.【答案】C【解析】【詳解】根據(jù)開(kāi)普勒第三定律可知 則根據(jù)可得可得故選C。7.如圖電路，L是線圈，A是燈泡。在此電路中觀察到如下三個(gè)現(xiàn)象。a現(xiàn)象：閉合開(kāi)關(guān)S，A發(fā)光；b現(xiàn)象：保持S閉合，A的亮度不變；c現(xiàn)象：斷開(kāi)S瞬間，A閃亮一下后熄滅。對(duì)這個(gè)電路及三個(gè)現(xiàn)象，下列說(shuō)法正確的是（　　）A.a現(xiàn)象中A沒(méi)有閃亮，表明合上S瞬間，L沒(méi)有自感電動(dòng)勢(shì)B.b現(xiàn)象表明L的電阻遠(yuǎn)小于A的電阻C.c現(xiàn)象表明斷開(kāi)S瞬間電源提供給A的功率瞬間增大D.合上S瞬間，電源輸出的電能大于燈泡A和線圈L產(chǎn)生的焦耳熱之和【答案】D【解析】【詳解】A．A與L并聯(lián)，a現(xiàn)象中電流直接通過(guò)A，不會(huì)出現(xiàn)閃亮現(xiàn)象，A錯(cuò)誤；B．保持S閉合，A的亮度不變，說(shuō)明A與L的阻值相差不大，B錯(cuò)誤；C．?dāng)嚅_(kāi)S瞬間，L產(chǎn)生自感電動(dòng)勢(shì)，與A形成通路，使A閃亮后熄滅，與電源無(wú)關(guān)，C錯(cuò)誤；D．線圈將一部分電場(chǎng)能轉(zhuǎn)化為磁場(chǎng)能儲(chǔ)存起來(lái)，則合上S瞬間，電源輸出的電能大于燈泡A和線圈L 產(chǎn)生的焦耳熱之和，D正確。故選D。8.如圖所示有三個(gè)斜面1、2、3，斜面1與2底邊相同，斜面2和3高度相同，同一物體與三個(gè)斜面的動(dòng)摩擦因數(shù)相同，當(dāng)物體分別沿三個(gè)斜面從頂端由靜止下滑到底端時(shí)，下列說(shuō)法正確的是（　?。〢.物體損失的機(jī)械能B.物體與斜面摩擦產(chǎn)生的熱量C.物體到達(dá)底端的速度D.物體運(yùn)動(dòng)的時(shí)間【答案】B【解析】【詳解】AB．設(shè)斜面和水平方向夾角為θ，斜面長(zhǎng)度為L(zhǎng)，則物體下滑過(guò)程中克服摩擦力做功為W=μmgLcosθLcosθ即為底邊長(zhǎng)度，由圖可知1和2底邊相等且小于3的，故摩擦生熱關(guān)系為Q1=Q2＜Q3所以損失的機(jī)械能ΔE1=ΔE2＜ΔE3故A錯(cuò)誤，B正確；C．設(shè)物體滑到底端時(shí)的速度為v，根據(jù)動(dòng)能定理得根據(jù)圖中斜面高度和底邊長(zhǎng)度可知滑到底邊時(shí)速度大小關(guān)系v1＞v2＞v3故C錯(cuò)誤；D．沿斜面運(yùn)動(dòng)的時(shí)間因?yàn)棣?＞θ3，L2＜L3 所以t2＜t3由于斜面1、2的傾角關(guān)系未知，無(wú)法確定t1和t2，故D錯(cuò)誤。故選B。9.如圖，兩列在同一水面?zhèn)鞑サ牟ǎ婢鶠橹本€，周期均為T(mén)，振幅均為A，傳播速度均為v、傳播方向相互垂直。實(shí)線表示波峰，粗虛線表示波谷。R點(diǎn)是N點(diǎn)與P點(diǎn)連線的中點(diǎn)。下列判斷正確的是（　?。〢.質(zhì)點(diǎn)M和N的振幅相等B.細(xì)虛線MQ上各點(diǎn)振動(dòng)均加強(qiáng)，細(xì)虛線NP上各點(diǎn)振動(dòng)均減弱C.水面凸起最高位置的移動(dòng)速度為2vD.從圖示時(shí)刻開(kāi)始經(jīng)過(guò)，質(zhì)點(diǎn)R的位移為-A【答案】D【解析】【詳解】A．由圖可知，M點(diǎn)振動(dòng)加強(qiáng)，振幅為2A，而N點(diǎn)振動(dòng)減弱，振幅為0，故A錯(cuò)誤；B．MQ中點(diǎn)為波峰和波谷相遇點(diǎn)，振動(dòng)減弱，而NP中點(diǎn)為波峰和波峰或者波谷和波谷相遇點(diǎn)，振動(dòng)加強(qiáng)，所以細(xì)虛線MQ、NP上均既有振動(dòng)加強(qiáng)點(diǎn)也有振動(dòng)減弱點(diǎn)，故B錯(cuò)誤；C．水面凸起最高位置的質(zhì)點(diǎn)振動(dòng)速度為零，只有波動(dòng)速度，根據(jù)運(yùn)動(dòng)的合成原理結(jié)合圖像可知，水面凸起最高位置的移動(dòng)速度為故C錯(cuò)誤；D．由圖可知，R為振動(dòng)加強(qiáng)點(diǎn)，且在圖示時(shí)刻為兩列波的平衡位置相遇點(diǎn)，所以R處于平衡位置且向負(fù)方向振動(dòng)，根據(jù)簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的相關(guān)知識(shí)可知，從圖示時(shí)刻開(kāi)始經(jīng)過(guò) ，質(zhì)點(diǎn)應(yīng)處于平衡位置和負(fù)的最大位移處的中點(diǎn)，所以質(zhì)點(diǎn)R的位移為-A，故D正確。故選D。10.半徑為R，均勻帶正電荷的球體在空間產(chǎn)生球?qū)ΨQ(chēng)的電場(chǎng)；場(chǎng)強(qiáng)大小沿半徑分布如圖所示，圖中E0已知，E—r曲線下O—R部分的面積等于R—2R部分的面積。已知靜電常數(shù)為k，則下列判斷正確的是（　?。〢.帶電球體是等勢(shì)體B.球心與球表面間的電勢(shì)差C.球心與球表面間的電勢(shì)差D.帶電球所帶的電荷量【答案】C【解析】【詳解】A．根據(jù)圖像可知，內(nèi)部場(chǎng)強(qiáng)并非為零，根據(jù)沿電場(chǎng)線方向電勢(shì)降低可知，帶電球體不是等勢(shì)體，電勢(shì)在改變。故A錯(cuò)誤；BC．E-r曲線下圍成的面積表示電勢(shì)差，則球心與球表面間的電勢(shì)差故B錯(cuò)誤C正確；D．球外電場(chǎng)可等效于電荷量集中在球心的點(diǎn)電荷產(chǎn)生，帶電球所帶的電荷量為Q，根據(jù)R處的場(chǎng)強(qiáng)為E0，有解得故D錯(cuò)誤。 故選C。11.已知鈉原子在A、B、C、D幾個(gè)能級(jí)間躍遷時(shí)輻射的光的波長(zhǎng)及光子能量如表所示。下列判斷正確的是（　?。┠芗?jí)躍遷D→AC→AB→A光子波長(zhǎng)285nm330nm590nm光子能量4.4eV3.8eV2.1eVA.D→B產(chǎn)生的光的波長(zhǎng)為（590-285）nm=305nmB.B→A與D→B產(chǎn)生的光在同一雙縫干涉裝置中，相鄰干涉條紋的間距之比為2.1∶2.3。C.D→C與C→B產(chǎn)生的光子，動(dòng)量之比為6∶17D.C→A產(chǎn)生的光能使某種金屬發(fā)生光電效應(yīng)，則D→B產(chǎn)生的光也一定能使這種金屬發(fā)生光電效應(yīng)【答案】C【解析】【詳解】A．根據(jù)得能級(jí)圖如圖所示由代入數(shù)據(jù)解得故A錯(cuò)誤； B．根據(jù)雙縫干涉規(guī)律得B→A產(chǎn)生的光的波長(zhǎng)為由D→B產(chǎn)生光的波長(zhǎng)為聯(lián)立可解得故B錯(cuò)誤；C．由A中圖可知由而動(dòng)量得兩種光子的動(dòng)量之比等于其能量之比故C正確；D．C→A的能級(jí)差為D→B其能級(jí)差為 由可得越大頻率越大，明顯所以C→A產(chǎn)生的光能使某種金屬發(fā)生光電效應(yīng)，而D→B產(chǎn)生的光不一定能使這種金屬發(fā)生光電效應(yīng)，故D錯(cuò)誤。故選C。12.如圖所示，在豎直向下的磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，兩根足夠長(zhǎng)的平行光滑金屬軌道MN、PQ固定在水平面內(nèi)，相距為L(zhǎng)。一質(zhì)量為m的導(dǎo)體棒ab垂直于MN、PQ放在軌道上，與軌道接觸良好。軌道左端MP間接一電動(dòng)勢(shì)為E、內(nèi)阻為r的電源，并聯(lián)電阻的阻值為R。不計(jì)軌道和導(dǎo)體棒的電阻，閉合開(kāi)關(guān)S后導(dǎo)體棒從靜止開(kāi)始，經(jīng)t秒以v勻速率運(yùn)動(dòng)，則下列判斷正確的是（　　）A.速率B.從秒電源消耗的電能C.t秒后通過(guò)電阻R的電流為零D.t秒末導(dǎo)體棒ab兩端的電壓為E【答案】A【解析】【詳解】ACD．閉合開(kāi)關(guān)S后導(dǎo)體棒從靜止開(kāi)始，經(jīng)t秒以v勻速率運(yùn)動(dòng)，可知此時(shí)導(dǎo)體棒不受安培力作用，導(dǎo)體棒中的電流為0，導(dǎo)體棒ab產(chǎn)生的電動(dòng)勢(shì)與電阻兩端電壓相等，則有此時(shí)通過(guò)電阻R的電流為則有 聯(lián)立可得t秒末導(dǎo)體棒ab兩端的電壓為故A正確，CD錯(cuò)誤；B．從秒，根據(jù)能量守恒可知，電源消耗的電能轉(zhuǎn)化為導(dǎo)體棒的動(dòng)能，電阻和內(nèi)阻的焦耳熱，且通過(guò)電阻并不是一直為，所以故B錯(cuò)誤。故選A。13.圖中全反射棱鏡玻璃對(duì)所有可見(jiàn)光的折射率均大于1.5，一束由兩種單色可見(jiàn)光組成的復(fù)色光平行于底面AB射入AC面，從BC面出射的光分成了相互平行的兩束光1和2，光束1在光束2的上方。下列判斷正確的是（　　）A.光束1中的單色光波長(zhǎng)大于光束2中的單色光波長(zhǎng)B.若入射方向不變?nèi)肷潼c(diǎn)上移，光束1和2的距離減小C.若入射光繞O點(diǎn)順時(shí)針轉(zhuǎn)過(guò)小于45°的角，光束1和2不再平行D.若入射光繞O點(diǎn)從圖示位置開(kāi)始順時(shí)針緩慢轉(zhuǎn)動(dòng)，光束2先從AB面射出【答案】D【解析】【詳解】A．光束1在光束2的上方，根據(jù)題意做出光路圖，可知光束1的偏折程度較大，光束1的折射率較大，光束1的頻率較大，根據(jù) 可知光束1中的單色光波長(zhǎng)小于光束2中的單色光波長(zhǎng)，故A錯(cuò)誤；B．若入射方向不變?nèi)肷潼c(diǎn)上移，復(fù)色光的入射角不變，折射角不變，若復(fù)色光仍在AB面發(fā)生全反射，再?gòu)腂C面出射，根據(jù)幾何關(guān)系可知光束1和2的距離不變，故B錯(cuò)誤；C．若入射光繞O點(diǎn)順時(shí)針轉(zhuǎn)過(guò)小于45°的角，根據(jù)幾何關(guān)系有根據(jù)折射定律有，可得可知光束1從BC面出射的光與入射光平行，同理可得光束2從BC面出射的光與入射光平行，故光束1和2仍平行，故C錯(cuò)誤；D．若入射光繞O點(diǎn)從圖示位置開(kāi)始順時(shí)針緩慢轉(zhuǎn)動(dòng)，入射角減小，則光束1、光束2折射角都減小，由于光束2的折射率較小，光束2的折射角較大，光束2先從AB面射出，故D正確。故選D。二、選擇題Ⅱ（本題共2小題，每小題3分，共6分。每小題列出的四個(gè)備選項(xiàng)中至少有一個(gè)是符合題目要求的，全部選對(duì)的得3分，選對(duì)但不全的得2分，有選錯(cuò)的得0分）14.碳14具有放射性，經(jīng)過(guò)衰變，轉(zhuǎn)化成氮14，半衰期為5730年。已知放出的粒子速度接近光速，質(zhì)量約為靜止質(zhì)量的7倍，動(dòng)量仍然等于質(zhì)量乘以速度。已知靜止的電子質(zhì)量約為，靜止的質(zhì)子質(zhì)量約為，普朗克常數(shù)。則（　?。〢.與相比，中核子的平均質(zhì)量較小B.粒子與光電效應(yīng)中產(chǎn)生的光電子不是同種粒子C.靜止的發(fā)生衰變，產(chǎn)物核的速度約（取1位有效數(shù)字） D.粒子的波長(zhǎng)數(shù)量級(jí)與原子直徑的數(shù)量級(jí)相同【答案】AC【解析】【詳解】A．氮14是由碳14經(jīng)過(guò)衰變后產(chǎn)生的，核反應(yīng)后放出β粒子質(zhì)量減小，與核子數(shù)相等，可知中核子的平均質(zhì)量較小，故A正確；B．粒子本質(zhì)上是電子，光電效應(yīng)中產(chǎn)生的光電子也為電子，故B錯(cuò)誤；C．靜止的發(fā)生衰變，由動(dòng)量守恒定律可得由題意可得，解得故C正確；D．由德布羅意波長(zhǎng)公式可得粒子的波長(zhǎng)約為代入數(shù)據(jù)解得知粒子的波長(zhǎng)數(shù)量級(jí)，而原子直徑的數(shù)量級(jí)，故D錯(cuò)誤。故選AC。15.如圖所示，是用磁聚焦法測(cè)某種離子比荷的一種裝置。離子以很小的速度從a板小孔進(jìn)入加速電場(chǎng)，從b板小孔水平向右射出，進(jìn)入一個(gè)極板很短、加有不大的交變電壓的電容器。不同時(shí)刻通過(guò)電容器的粒子獲得不同的橫向速度，然后進(jìn)入由線圈產(chǎn)生的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，這些離子在磁場(chǎng)中沿不同的螺旋線運(yùn)動(dòng)，調(diào)節(jié)通過(guò)線圈的電流改變磁感應(yīng)強(qiáng)度B，使它們經(jīng)過(guò)一個(gè)周期剛好聚焦于熒光屏上的O點(diǎn)，測(cè)出有關(guān)數(shù)據(jù)即可得到比荷。下列說(shuō)法正確的有（　?。?A.測(cè)量原理用到離子在磁場(chǎng)中圓周運(yùn)動(dòng)的周期與速度無(wú)關(guān)這一性質(zhì)B.同時(shí)刻進(jìn)入電容器中的離子運(yùn)動(dòng)軌跡相同C.線圈產(chǎn)生的磁場(chǎng)方向必須水平向右D.電容器上所加電壓也可以是恒定電壓【答案】AB【解析】【詳解】A．離子在磁場(chǎng)中做圓周運(yùn)動(dòng)時(shí)，由可得則周期為可知測(cè)量原理用到離子在磁場(chǎng)中圓周運(yùn)動(dòng)的周期與速度無(wú)關(guān)這一性質(zhì)，故A正確；B．同時(shí)刻進(jìn)入電容器中的離子，離開(kāi)電容器進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)的速度相同，所以離子運(yùn)動(dòng)軌跡相同，故B正確；C．線圈產(chǎn)生的磁場(chǎng)方向不一定要水平向右，也可以水平向左，故C錯(cuò)誤；D．容器上所加電壓不可以是恒定電壓，因?yàn)槿绻呛愣妷海瑢⑹沟貌煌瑫r(shí)刻進(jìn)入電容器的粒子，離開(kāi)電容器進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)的速度相同，所有離子的運(yùn)動(dòng)軌跡都相同，故D錯(cuò)誤。故選AB。非選擇題部分三、非選擇題（本題共5小題，共55分）16.用圖（a）裝置研究擺動(dòng)物體的機(jī)械能，細(xì)線不可伸縮、質(zhì)量不計(jì)，鋼球的底端沿細(xì)線方向固定一質(zhì)量可不計(jì)的擋光條，光電門(mén)固定在擋光條軌跡的最低位置。 （1）用天平稱(chēng)得鋼球的質(zhì)量為m=100g。用游標(biāo)卡尺測(cè)擋光條的寬度，位置如圖（b），則擋光條的寬度d=______mm。（2）某次實(shí)驗(yàn)，將鋼球拉離最低點(diǎn)h=10cm靜止釋放，與光電門(mén)相連的數(shù)字毫秒計(jì)的示數(shù)為2.4ms，當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣萭=9.80m/s2，鋼球的動(dòng)能增加了______J（結(jié)果保留3位有效數(shù)字）。（3）改變釋放位置的高度進(jìn)行多次實(shí)驗(yàn)，發(fā)現(xiàn)總有動(dòng)能的增加量大于勢(shì)能的減小量，可見(jiàn)這是一種______（填“系統(tǒng)誤差”“偶然誤差”），如果h和t的測(cè)量都是準(zhǔn)確的，其產(chǎn)生原因是：______。。【答案】①.3.58②.0.110③.系統(tǒng)誤差④.由于光電門(mén)單位位置在球心下方，測(cè)出的速度大于鋼球的實(shí)際速度【解析】【詳解】（1）[1]擋光條的寬度為d=3mm+29×0.02mm=3.58mm（2）[2]鋼球通過(guò)光電門(mén)的速度大小為則鋼球的動(dòng)能增加了（3）[3]改變釋放位置的高度進(jìn)行多次實(shí)驗(yàn)，發(fā)現(xiàn)總有動(dòng)能的增加量大于勢(shì)能的減小量，可見(jiàn)這是一種系統(tǒng)誤差。[4]如果h和t的測(cè)量都是準(zhǔn)確的，其產(chǎn)生原因是由于光電門(mén)單位位置在球心下方，測(cè)出的速度大于鋼球的實(shí)際速度。17.用圖（a）電路測(cè)量一個(gè)電壓約2V的蓄電池的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻。（1）圖（b）中已將部分電路進(jìn)行了連接，其中的多用表用來(lái)測(cè)量電壓，在圖（b）中將電路連接完成______。（2）閉合開(kāi)關(guān)前，變阻器的滑動(dòng)觸頭應(yīng)置于______ （填“左端”“右端”）。多用電表的選擇開(kāi)關(guān)部分如圖（c）所示，選擇開(kāi)關(guān)應(yīng)撥到______。（3）某次實(shí)驗(yàn)得到的數(shù)據(jù)如表所示，用圖像法處理數(shù)據(jù)時(shí)，對(duì)縱坐標(biāo)U和橫坐標(biāo)I的起點(diǎn)，下列設(shè)計(jì)合理的是______（單選）。I/A1.721350.980.630.34U/V1.881.921.931.981.99A.0，0B.0，0.2C.1.5，0D.1.5，0.2（4）實(shí)驗(yàn)小組為測(cè)量多用電表內(nèi)部的電動(dòng)勢(shì)大小，取來(lái)伏特表并按圖（d）電路連接。實(shí)驗(yàn)中多用電表選擇開(kāi)關(guān)為歐姆“×100”擋，伏特表量程“3V”。它們的示數(shù)如圖（e）所示，根據(jù)數(shù)據(jù)計(jì)算得出：歐姆表內(nèi)部的電池電動(dòng)勢(shì)為_(kāi)_____V（結(jié)果保留2位有效數(shù)字）。【答案】①.②.左端③.直流2.5V④.C⑤.2.1【解析】【詳解】（1）[1]根據(jù)電路圖連接實(shí)物圖，如圖： （2）[2][3]閉合開(kāi)關(guān)前，變阻器應(yīng)在最大阻值處，滑動(dòng)觸頭應(yīng)置于左端；蓄電池的電動(dòng)勢(shì)約2V，則選擇開(kāi)關(guān)應(yīng)撥到直流2.5V；（3）[4]由表格可知電壓從1.88V變化起，則縱坐標(biāo)U和橫坐標(biāo)I的起點(diǎn)應(yīng)選擇1.5V和0。故選C。（4）[5]實(shí)驗(yàn)中多用電表選擇開(kāi)關(guān)為歐姆“×100”擋，則多用電表內(nèi)阻為1500，根據(jù)多用電表可知電壓表內(nèi)阻為1900，根據(jù)電壓表示數(shù)可知路端電壓為1.20V，根據(jù)串并聯(lián)電路規(guī)律可知V18.以下實(shí)驗(yàn)中，說(shuō)法正確的是（）A.“探究?jī)蓚€(gè)互成角度的力的合成規(guī)律”實(shí)驗(yàn)中，彈簧秤不能與桌面接觸B.“觀察電容器的充、放電現(xiàn)象”實(shí)驗(yàn)中，電容放電時(shí)電流均勻減小C.“用油膜法估測(cè)油酸分子的大小”實(shí)驗(yàn)中，將1滴油酸酒精溶液滴到平靜的灑有薄而均勻爽身粉的水面，產(chǎn)生的油膜將迅速變到最大，然后略有收縮再保持穩(wěn)定D.“用單擺測(cè)重力加速度”實(shí)驗(yàn)中，測(cè)量多次全振動(dòng)的時(shí)間再求出周期，這樣做的目的是減小測(cè)量周期的相對(duì)誤差【答案】CD【解析】【詳解】A．“探究?jī)蓚€(gè)互成角度的力的合成規(guī)律”實(shí)驗(yàn)中，彈簧秤外殼不能內(nèi)部彈簧接觸，可以與桌面接觸，故A錯(cuò)誤；B．“觀察電容器的充、放電現(xiàn)象”實(shí)驗(yàn)中，電容放電時(shí)電流逐漸減小，但不是均勻減小，故B錯(cuò)誤；C．“用油膜法估測(cè)油酸分子的大小”實(shí)驗(yàn)中，將1滴油酸酒精溶液滴到平靜的灑有薄而均勻爽身粉的水面，產(chǎn)生的油膜將迅速變到最大，然后由于液體表面張力的作用，略有收縮再保持穩(wěn)定，故C正確；D．“用單擺測(cè)重力加速度”實(shí)驗(yàn)中，測(cè)量多次全振動(dòng)的時(shí)間再求出周期，這樣做的目的是減小測(cè)量周期的相對(duì)誤差，故D正確。故選CD。19.如圖所示，一定質(zhì)量的理想氣體從狀態(tài)A依次經(jīng)過(guò)狀態(tài)B、C和D后再回到狀態(tài)A。其中，A→B和 C→D為等溫過(guò)程，B→C和D→A為絕熱過(guò)程（氣體與外界無(wú)熱量交換）。這就是著名的“卡諾循環(huán)”。（1）在B→C過(guò)程中，氣體分子的平均動(dòng)能______（填“增大”還是“減小”），在D→A過(guò)程中，氣體分子的速率分布曲線______（填“不發(fā)生變化”還是“發(fā)生變化”）。（2）該循環(huán)過(guò)程中，若氣體在A→B過(guò)程中吸收63kJ的熱量，在C→D過(guò)程中放出38kJ的熱量，求：氣體在A→B過(guò)程中對(duì)外做的功和完成一次循環(huán)對(duì)外做的功。（）（3）若該循環(huán)過(guò)程中的氣體為1mol，氣體在A狀態(tài)時(shí)的體積為10L，在B狀態(tài)時(shí)壓強(qiáng)為A狀態(tài)時(shí)的。求氣體在B狀態(tài)時(shí)單位體積內(nèi)的分子數(shù)。（已知阿伏加德羅常數(shù)。計(jì)算結(jié)果保留一位有效數(shù)字）（）【答案】①.減?、?發(fā)生變化③.63kJ，25kJ④.【解析】【詳解】（1）[1]B→C過(guò)程為絕熱過(guò)程，則有，且從圖上看，氣體體積增大，氣體對(duì)外做功，則有，由熱力學(xué)第一定律可得則氣體的溫度將變低，氣體分子的平均動(dòng)能變??；[2]D→A為絕熱過(guò)程，則有，且從圖上看，氣體的體積減小，外界對(duì)氣體做功，有，由熱力學(xué)第一定律可以判斷出氣體的內(nèi)能變大，故氣體溫度升高，則氣體分子的速率分布曲線會(huì)發(fā)生變化。（2）[3]A→B為等溫過(guò)程，則，吸收63kJ的熱量，則，由熱力學(xué)第一定律得氣體在A→B過(guò)程中對(duì)外做的功;從（1）的分析中，知內(nèi)能減小的過(guò)程為B→C；B→C和D→A為絕熱過(guò)程，無(wú)熱量交換，若在A→B 過(guò)程中吸收63kJ的熱量，在C→D過(guò)程中放出38kJ的熱量，則整個(gè)過(guò)程熱量交換為整個(gè)循環(huán)中內(nèi)能變化量為0，由熱力學(xué)第一定律得可得故整個(gè)過(guò)程對(duì)外做的功為25kJ。（3）[4]A→B過(guò)程為等溫過(guò)程，由求得單位體積內(nèi)的分子數(shù)20.如圖所示，光滑水平軌道OA的右端拴連一只勢(shì)能為Ep的輕質(zhì)壓縮彈簧，左端與等高的長(zhǎng)L=1.25m的水平傳送帶AB相近而不接觸，傳送帶B端與豎直固定的半徑R=0.4m的光滑半圓軌道最高點(diǎn)相近，半圓軌道最低點(diǎn)C與放置于光滑水平面上質(zhì)量M=0.9kg、長(zhǎng)度為l的薄木板等高。質(zhì)量m=0.1kg的小滑塊置于彈簧左端（不連接），它與傳送帶和長(zhǎng)木板間的摩擦因數(shù)分別為μ1=0.8和μ2=0.6，傳送帶能以不同的速度v做勻速運(yùn)動(dòng)（以上表面向左運(yùn)動(dòng)為正）。傳送帶靜止時(shí)，解除彈簧上的約束，物塊獲得速度vA0滑上傳送帶，到達(dá)B端速度為vB0，恰能沿半圓軌道內(nèi)表面運(yùn)動(dòng)。取g=10m/s2，求：（1）vB0和Ep；（2）傳送帶靜止時(shí)解除彈簧上的約束，物塊最終與M相對(duì)靜止的速度v2與v的關(guān)系；（3）要使物塊始終不會(huì)滑出木板，木板的長(zhǎng)度的最小長(zhǎng)度l?！敬鸢浮浚?）2m/s，1.2J；（2）見(jiàn)解析；（3）4.5m 【解析】【詳解】（1）物體在光滑半圓軌恰好做圓周運(yùn)動(dòng)，則解得物塊被彈簧彈出，機(jī)械能守恒，即物體在傳送帶上運(yùn)動(dòng)，由動(dòng)能定理得聯(lián)立解得（2）物塊從B到C，有物塊與木板共同速度為v0，有解得（3）當(dāng)時(shí)，有當(dāng)v=v?時(shí)，物塊從A到B一直加速，有解得設(shè)物塊運(yùn)動(dòng)到C點(diǎn)速度為vc1，最后與木板一起運(yùn)動(dòng)的速度為v1，有 解得，當(dāng)時(shí)，當(dāng)時(shí)，物塊運(yùn)動(dòng)到B的速度都為v，有解得要使物塊不滑出木板，木板的最小長(zhǎng)度滿足解得21.如圖是簡(jiǎn)化的某種旋轉(zhuǎn)磁極式發(fā)電機(jī)原理圖。轉(zhuǎn)子是中心在O點(diǎn)的條形磁鐵，條形磁鐵的長(zhǎng)為2a，質(zhì)量為m，橫截面積為S，磁體兩極的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B1；定子看成匝數(shù)n不同的兩小線圈A、B，匝數(shù)n1>n2，二者軸線在同一平面內(nèi)且相互垂直，兩線圈均連接阻值為R的電阻，線圈的長(zhǎng)度遠(yuǎn)小于a，截面積小于S。線圈B通過(guò)單刀雙擲開(kāi)關(guān)D與兩粗糙平行金屬導(dǎo)軌相連，金屬導(dǎo)軌所在平面與水平面的夾角為θ，處于垂直導(dǎo)軌平面的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小為B2，導(dǎo)軌間距為L(zhǎng)，質(zhì)量為M、電阻為r的金屬棒PQ放置在導(dǎo)軌上，金屬棒與導(dǎo)軌間的摩擦因數(shù)為μ（μ>tanθ）?，F(xiàn)用外力讓條形磁鐵繞O點(diǎn)在該平面內(nèi)作角速度為ω的勻速圓周運(yùn)動(dòng)，兩線圈輸出正弦式交變電流。已知圖示位置穿過(guò)線圈A的磁通量為條形磁鐵N極磁通量的K倍（K<1），條形磁鐵以角速度ω勻速轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)，其動(dòng)能（I為轉(zhuǎn)動(dòng)慣量，大小不計(jì)線圈、金屬導(dǎo)軌電阻及自感、兩線圈和磁場(chǎng)間的相互影響。（1）以圖示位置為t=0，寫(xiě)出A線圈中電流瞬時(shí)值的表達(dá)式；（2）雙擲開(kāi)關(guān)D接1，條形磁鐵勻速轉(zhuǎn)動(dòng)1圈，A、B線圈中電阻R產(chǎn)生的總焦耳熱；（3）雙擲開(kāi)關(guān)D接2，要使PQ始終靜止在導(dǎo)軌上，ω應(yīng)滿足的條件；（4）雙擲開(kāi)關(guān)D接1，當(dāng)撤去外力，條形磁鐵將緩慢減速，經(jīng)時(shí)間角速度減小量為求的值。（當(dāng)，有） 【答案】（1）；（2）；（3）；（4）【解析】【詳解】（1）A線圈產(chǎn)生的電動(dòng)勢(shì)的最大值A(chǔ)線圈的電流隨時(shí)間的表達(dá)式（2）雙擲開(kāi)關(guān)D接1，條形磁鐵勻速轉(zhuǎn)1圈，兩線圈產(chǎn)生的焦耳熱分別為，所以總焦耳熱（3）雙擲開(kāi)關(guān)D接2，電流從P流向Q時(shí)，有又解得 電流從Q流向P時(shí)解得所以要使PQ始終靜止在導(dǎo)軌上，角速度滿足（4）撤去外力，條形磁鐵將緩慢減速，動(dòng)能轉(zhuǎn)化為焦耳熱解得22.一足夠長(zhǎng)的條狀區(qū)域內(nèi)存在勻強(qiáng)電場(chǎng)和勻強(qiáng)磁場(chǎng)，其在平面內(nèi)的截面如圖所示：中間是磁場(chǎng)區(qū)域，其邊界與y軸垂直，寬度為d，磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小為，方向垂直于平面；磁場(chǎng)的上、下兩側(cè)為電場(chǎng)區(qū)域，寬度均為l，電場(chǎng)強(qiáng)度的大小均為E，方向均沿x軸正方向；O、N為條狀區(qū)域邊界上的兩點(diǎn)，它們的連線與y軸重合（O為坐標(biāo)原點(diǎn)）。一帶正電的粒子以某一速率從O點(diǎn)沿y軸正方向射入電場(chǎng)，經(jīng)過(guò)一段時(shí)間后恰好以從O點(diǎn)入射的速度從N點(diǎn)沿y軸正方向射出。不計(jì)粒子重力及電磁間的影響。（1）求該粒子從O點(diǎn)射入時(shí)速度的大??；（2）若該粒子進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)的速度方向恰好與x軸正方向的夾角為，求該粒子的比荷及其從O點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到N點(diǎn)的時(shí)間；（3）若中間磁場(chǎng)區(qū)域內(nèi)的磁感應(yīng)強(qiáng)度B的大小與y坐標(biāo)成線性關(guān)系，且滿足，（已知，k未知），粒子仍以與x軸正方向夾角進(jìn)入磁場(chǎng)，恰好到達(dá)磁場(chǎng)的上邊界，試確定k的值。 【答案】（1）；（2），；（3）【解析】【詳解】（1）設(shè)粒子從M點(diǎn)射入時(shí)速度的大小為v0，在下側(cè)電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為t，加速度的大小為；粒子進(jìn)入磁場(chǎng)的速度大小為v，方向與電場(chǎng)方向的夾角為θ（見(jiàn)圖），速度沿電場(chǎng)方向的分量為v1。根據(jù)牛頓第二定律有粒子在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，設(shè)其運(yùn)動(dòng)軌道半徑為R，由幾何關(guān)系得解得（2）由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式和題給數(shù)據(jù)得解得設(shè)粒子由M點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到N點(diǎn)所用的時(shí)間為t′，則 得（3）方向動(dòng)量定理可得又解得