《湖南省湖南師范大學(xué)附屬中學(xué)2023-2024學(xué)年高三上學(xué)期月考物理（二） Word版含解析.docx》由會(huì)員上傳分享，免費(fèi)在線閱讀，更多相關(guān)內(nèi)容在教育資源-天天文庫(kù)。

炎德·英才大聯(lián)考湖南師大附中2024屆高三月考試卷（二）物理試題時(shí)量75分鐘，滿分100分。第I卷一、單項(xiàng)選擇題（本題共6小題，每小題4分，共24分。每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的）1.在力學(xué)發(fā)展的過(guò)程中，許多物理學(xué)家的科學(xué)發(fā)現(xiàn)推動(dòng)了物理學(xué)的進(jìn)步。對(duì)以下幾位物理學(xué)家所作科學(xué)貢獻(xiàn)的表述中，與事實(shí)不相符的是（　?。〢.伽利略首先建立平均速度、瞬時(shí)速度和加速度等描述運(yùn)動(dòng)的概念B.胡克提出如果行星的軌道是圓形，太陽(yáng)與行星間的引力與距離的平方成反比C.卡文迪許是測(cè)量地球質(zhì)量的第一人D.伽利略根據(jù)理想斜面實(shí)驗(yàn)，得出自由落體運(yùn)動(dòng)是勻變速直線運(yùn)動(dòng)【答案】D【解析】【詳解】A．伽利略首先建立平均速度、瞬時(shí)速度和加速度等描述運(yùn)動(dòng)的概念，故A正確；B．胡克提出如果行星的軌道是圓形，太陽(yáng)與行星間的引力與距離的平方成反比，故B正確；C．卡文迪許是測(cè)量地球質(zhì)量的第一人。故C正確；D．伽利略將斜面實(shí)驗(yàn)的結(jié)論合理外推，證明了自由落體運(yùn)動(dòng)是勻變速直線運(yùn)動(dòng)，故D錯(cuò)誤。本題選與事實(shí)不相符的，故選D。2.甲、乙兩個(gè)物體初始時(shí)刻在同一位置，運(yùn)動(dòng)圖像分別為圖中實(shí)線和虛線，兩個(gè)圖像均為圓弧，圓弧的半徑均為a，橫縱坐標(biāo)表示的物理意義未知，下列說(shuō)法正確的是（　　）A.若實(shí)線和虛線分別為甲、乙的運(yùn)動(dòng)軌跡，則甲、乙的速率相同 B.y表示速度，x表示時(shí)間，則時(shí)甲、乙間的距離為C.y表示加速度，x表示時(shí)間，則時(shí)甲、乙間的距離為D.y表示位移，x表示時(shí)間，則甲、乙的平均速度相同【答案】B【解析】【詳解】A．若實(shí)線和虛線表示軌跡，則根據(jù)題圖可知其甲、乙運(yùn)動(dòng)的距離，但是時(shí)間不能確定，無(wú)法獲得其速率的信息，故A項(xiàng)錯(cuò)誤；B．若y表示速度，x表示時(shí)間，則題圖為其速度—時(shí)間圖像，該圖像與坐標(biāo)軸圍成的面積為物體的位移，由題圖可知，甲的位移方向與正方向相同，其大小為同理可知，乙的位移方向?yàn)樨?fù)方向，其大小為甲、乙從同一位置出發(fā)，所以兩者的距離為故B項(xiàng)正確；C．若y表示加速度，x表示時(shí)間，則圖像與坐標(biāo)軸圍成的面積表示物體速度的變化量，由題圖無(wú)法求得甲乙兩物體的位移，所以無(wú)法求得甲乙之間的距離，故C項(xiàng)錯(cuò)誤；D．若y表示位移，x表示時(shí)間，則甲的平均速度為乙的平均速度為故D項(xiàng)錯(cuò)誤。故選B。3.如圖所示，質(zhì)量為m、長(zhǎng)為L(zhǎng)的均勻桿AB一端靠在墻上，用細(xì)繩CD拴桿于D點(diǎn)，圖中AD等于，，，此時(shí)桿處于平衡狀態(tài)，， 。那么以下說(shuō)法正確的是（　　）A.在圖中桿A端所受摩擦力的方向可能沿墻面向下B.在圖中桿與墻壁間的最小動(dòng)摩擦因數(shù)C.在圖中桿A端所受墻壁對(duì)桿的力一定沿桿方向D.如果改變細(xì)線的位置而不改變夾角和，桿A端所受的摩擦力不可能為零【答案】B【解析】【詳解】受力分析如圖所示，將f（f設(shè)為沿墻壁向上）與N合成一個(gè)力T，恰好要滑動(dòng)時(shí)，T與N的夾角正切值則有根據(jù)三力匯交如圖所示，T和水平線夾角為（摩擦角），對(duì)三角形ADE和三角形DOE運(yùn)用正弦定理有由得 聯(lián)立可得則動(dòng)摩擦因數(shù)故AC錯(cuò)誤，B正確；如果平移CD，使得CD和OE交于水平虛線上，那么此刻摩擦力恰好是零，故D錯(cuò)誤。故選B。4.如圖所示，在粗糙的斜面上用一個(gè)滑塊將輕質(zhì)彈簧壓縮后由靜止釋放，滑塊沿斜面上滑的距離為時(shí)脫離彈簧，上滑的距離為時(shí)速度變?yōu)?且不再下滑，用表示滑塊的動(dòng)能，表示滑塊的重力勢(shì)能（以斜面底端為零勢(shì)能參考面），表示彈簧的彈性勢(shì)能，E表示滑塊的機(jī)械能，則以上各種能量隨滑塊上滑的距離x的圖像中，可能正確的是（）A.B.C.D.【答案】C【解析】 【詳解】A．滑塊上滑的距離為時(shí)的機(jī)械能為以斜面底端為零勢(shì)能參考面，可知滑塊上滑的距離為時(shí)重力勢(shì)能不為零，故機(jī)械能一定不為零，故A錯(cuò)誤；B．彈簧為原長(zhǎng)時(shí)滑塊脫離彈簧，滑塊上滑的距離為時(shí)，滑塊的合外力為圖像的斜率表示合外力，可知上滑的距離為，隨著上滑，滑塊的合外力先大于零，后小于零，斜率應(yīng)先大于零，后小于零，故B錯(cuò)誤；C．根據(jù)功能關(guān)系可知滑塊的重力勢(shì)能為故C正確；D．根據(jù)功能關(guān)系可知彈簧彈性勢(shì)能為可得，故D錯(cuò)誤。故選C。5.在信息技術(shù)迅猛發(fā)展的今天，光盤是存儲(chǔ)信息的一種重要媒介。光盤上的信息通常是通過(guò)激光束來(lái)讀取的。若紅、藍(lán)激光束不是垂直投射到盤面上，則光線在通過(guò)透明介質(zhì)層時(shí)會(huì)發(fā)生偏折而改變行進(jìn)的方向，如圖所示。下列說(shuō)法中正確的是（）A.圖中光束①是紅光，光束②是藍(lán)光B.在光盤的透明介質(zhì)層中，光束①比光束②傳播速度快C.若光束①、②先后通過(guò)同一雙縫干涉裝置，光束①的條紋寬度比光束②的窄D.光束①比②更容易發(fā)生明顯衍射現(xiàn)象【答案】C 【解析】【詳解】A．由圖可知介質(zhì)對(duì)①光的折射率比對(duì)②光的折射率大，所以①光的頻率高于②光的頻率，故圖中光束①是藍(lán)光，光束②是紅光，A錯(cuò)誤；B．由可知，折射率大，波速小，故在光盤的透明介質(zhì)層中，光束①比光束②傳播速度慢，B錯(cuò)誤；C．由可知，通過(guò)同一雙縫干涉裝置，波長(zhǎng)越短，條紋間距越窄。因?yàn)棰俟獾念l率高于②光的頻率，故①光的波長(zhǎng)小于②光的波長(zhǎng)，即光束①的條紋寬度比光束②的窄，C正確；D．因?yàn)棰俟獾牟ㄩL(zhǎng)小于②光的波長(zhǎng)，所以②光更容易發(fā)生明顯衍射現(xiàn)象，D錯(cuò)誤。故選C。6.如圖所示，一個(gè)帶正電的小球靜止在光滑的水平面上，當(dāng)時(shí)，在空間加上一個(gè)水平向右的大小為的勻強(qiáng)電場(chǎng)，當(dāng)時(shí)，勻強(qiáng)電場(chǎng)突然反向，且大小變?yōu)椋?dāng)時(shí)，小球恰好回到出發(fā)點(diǎn)，則下列說(shuō)法中正確的是（　?。〢.B.當(dāng)時(shí)，小球離出發(fā)點(diǎn)最遠(yuǎn)C.若僅將小球的比荷變?yōu)樵瓉?lái)的2倍，則當(dāng)時(shí)，小球?qū)⑽挥诔霭l(fā)點(diǎn)的左側(cè)D.從到的時(shí)間內(nèi)，小球的電勢(shì)能先減小后增大再減小【答案】D【解析】【詳解】A．勻強(qiáng)電場(chǎng)未改變時(shí)，由牛頓第二定律，有同理，勻強(qiáng)電場(chǎng)改變后，有又聯(lián)立，解得故A錯(cuò)誤； B．依題意，小球先向右勻加速直線運(yùn)動(dòng)，再勻減速直線運(yùn)動(dòng)，速度減到零后反向勻加速直線運(yùn)動(dòng)。設(shè)經(jīng)時(shí)間開始減速后小球離出發(fā)點(diǎn)最遠(yuǎn)，此時(shí)其速度為零，可得解得即當(dāng)時(shí)，小球離出發(fā)點(diǎn)最遠(yuǎn)。故B錯(cuò)誤；C．若僅將小球的比荷變?yōu)樵瓉?lái)的2倍，由上面選項(xiàng)分析可知小球兩個(gè)運(yùn)動(dòng)階段的加速度和位移均變?yōu)樵瓉?lái)的2倍，則當(dāng)時(shí)，小球仍位于出發(fā)點(diǎn)。故C錯(cuò)誤；D．根據(jù)上面選項(xiàng)分析可知，從到的時(shí)間內(nèi)，電場(chǎng)力對(duì)小球做正功，從到的時(shí)間內(nèi)，電場(chǎng)力對(duì)小球做負(fù)功，從到的時(shí)間內(nèi)，電場(chǎng)力對(duì)小球做正功，所以該段時(shí)間小球的電勢(shì)能先減小后增大再減小。故D正確。故選D。二、多項(xiàng)選擇題（本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多項(xiàng)符合題目要求，全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分）7.如圖1所示為醫(yī)生用超探頭向人體內(nèi)發(fā)射超聲波，超聲波遇到人體不同的組織會(huì)產(chǎn)生不同程度的反射，探頭接收到的超聲波信號(hào)就形成了超圖像；若探頭發(fā)出的超聲波在人體內(nèi)傳播時(shí)在時(shí)刻的圖形如圖2所示，波沿軸正向傳播，是波傳播路徑上的兩個(gè)質(zhì)點(diǎn)，質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)比質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)超前，則下列說(shuō)法正確的是（）A.時(shí)刻，質(zhì)點(diǎn)與質(zhì)點(diǎn)振動(dòng)情況相同B.超聲波在人體中傳播速度大小為C.反射的超聲波傳播速度會(huì)小于探頭發(fā)射的超聲波速度 D.從時(shí)刻開始，當(dāng)質(zhì)點(diǎn)第一次回到平衡位置時(shí)，質(zhì)點(diǎn)的位移和時(shí)刻的位移相同【答案】BD【解析】【詳解】A．時(shí)刻，質(zhì)點(diǎn)與質(zhì)點(diǎn)振動(dòng)速度方向相反，振動(dòng)情況不同，A項(xiàng)錯(cuò)誤；B．經(jīng)過(guò)波由質(zhì)點(diǎn)傳到質(zhì)點(diǎn)，則超聲波的傳播速度B項(xiàng)正確；C．波在同一介質(zhì)中傳播速度大小相同，C項(xiàng)錯(cuò)誤；D．用平移波形法可知，從時(shí)刻開始，當(dāng)質(zhì)點(diǎn)第一次回到平衡位置時(shí)，波向右傳播2mm，則由波形圖可知，此時(shí)質(zhì)點(diǎn)的位移和時(shí)刻的位移相同，D項(xiàng)正確。故選BD。8.為簡(jiǎn)化“天問(wèn)一號(hào)”探測(cè)器在火星軟著陸的問(wèn)題，可以認(rèn)為地球和火星在同一平面上繞太陽(yáng)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，如圖1所示?；鹦翘綔y(cè)器在火星附近的A點(diǎn)減速后，被火星捕獲進(jìn)入了1號(hào)橢圓軌道，緊接著在B點(diǎn)進(jìn)行了一次“側(cè)手翻”，即從與火星赤道平行的1號(hào)軌道，調(diào)整為經(jīng)過(guò)火星兩極的2號(hào)軌道，將探測(cè)器繞火星飛行的路線從“橫著繞”變成“豎著繞”，從而實(shí)現(xiàn)對(duì)火星表面的全面掃描，如圖2所示。以火星為參考系，質(zhì)量為的探測(cè)器沿1號(hào)軌道到達(dá)B點(diǎn)時(shí)速度為，為了實(shí)現(xiàn)“側(cè)手翻”，此時(shí)啟動(dòng)發(fā)動(dòng)機(jī)，在極短的時(shí)間內(nèi)噴出部分氣體，假設(shè)氣體為一次性噴出，噴氣后探測(cè)器質(zhì)量變?yōu)?、速度變?yōu)榕c垂直的。已知地球的公轉(zhuǎn)周期為，火星的公轉(zhuǎn)周期為，地球公轉(zhuǎn)軌道半徑為，以下說(shuō)法正確的是（　?。〢.火星公轉(zhuǎn)軌道半徑為 B.噴出氣體速度u的大小為C.假設(shè)實(shí)現(xiàn)“側(cè)手翻”的能量全部來(lái)源于化學(xué)能，化學(xué)能向動(dòng)能轉(zhuǎn)化比例為，此次“側(cè)手翻”消耗的化學(xué)能D.考慮到飛行時(shí)間和節(jié)省燃料，地球和火星處于圖1中相對(duì)位置時(shí)是在地球上發(fā)射火星探測(cè)器的最佳時(shí)機(jī)，則在地球上相鄰兩次發(fā)射火星探測(cè)器最佳時(shí)機(jī)的時(shí)間間隔為【答案】CD【解析】【詳解】A．根據(jù)開普勒第三定律有可得故A錯(cuò)誤；B．根據(jù)動(dòng)量守恒定律，在方向上有在與垂直的方向上有解得噴出氣體速度u的大小為 故B錯(cuò)誤；C．以探測(cè)器和噴出氣體組成的系統(tǒng)為研究對(duì)象，噴氣前的總動(dòng)能為噴氣后的總動(dòng)能為可得消耗的化學(xué)能為故C正確；D．在地球上相鄰兩次發(fā)射火星探測(cè)器最佳時(shí)機(jī)的時(shí)間間隔內(nèi)，地球比火星多轉(zhuǎn)一周，則有解得故D正確。故選CD。9.一款健身車如圖甲所示，圖乙是其主要結(jié)構(gòu)部件，金屬飛輪A和金屬前輪C可繞同一轉(zhuǎn)軸轉(zhuǎn)動(dòng)，飛輪A和前輪C之間有金屬輻條，輻條長(zhǎng)度等于飛輪A和前輪C的半徑之差。腳踏輪B和飛輪A通過(guò)鏈條傳動(dòng)，從而帶動(dòng)前輪C在原位置轉(zhuǎn)動(dòng)，在室內(nèi)就可實(shí)現(xiàn)健身。已知飛輪A的半徑為，腳踏輪B的半徑為，前輪C的半徑為，整個(gè)前輪C都處在方向垂直輪面向里、磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中。將阻值為R的電阻的a端用導(dǎo)線連接在飛輪A上，b端用導(dǎo)線連接前輪C邊緣。健身者腳蹬腳踏輪B使其以角速度ω順時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)，轉(zhuǎn)動(dòng)過(guò)程不打滑，電路中其他電阻忽略不計(jì)，下列說(shuō)法正確的是（） A.前輪C轉(zhuǎn)動(dòng)角速度為B.前輪C邊緣的線速度大小為C.輻條兩端的電壓為D.電阻R的熱功率與ω成正比【答案】AC【解析】【詳解】A．因?yàn)锳、B線速度相同，即再根據(jù)公式有由因?yàn)锳、C共軸傳動(dòng)，角速度相同，所以有故A正確；B．由上得故B錯(cuò)誤；C．輻條切割產(chǎn)生電動(dòng)勢(shì)，有所以輻條兩端的電壓為 故C正確；D．電阻R的熱功率為可知P與成正比，故D錯(cuò)誤；故選AC。10.如圖所示，雜技演員做水流星表演時(shí)，用一繩系著裝有水的小桶在豎直平面內(nèi)繞O點(diǎn)做圓周運(yùn)動(dòng)，整個(gè)運(yùn)動(dòng)過(guò)程中水沒(méi)有流出。已知小桶內(nèi)水的質(zhì)量為，O點(diǎn)到水面的距離為，水面到桶底的距離為，小桶直徑遠(yuǎn)小于，重力加速度大小為。則小桶轉(zhuǎn)到最低點(diǎn)時(shí)水對(duì)桶底的壓力大小可以為（）A.B.C.D.【答案】BC【解析】【詳解】整個(gè)運(yùn)動(dòng)過(guò)程中水沒(méi)有流出，則在最高點(diǎn)最小速度時(shí)，最靠近圓心那一層水剛好沒(méi)有流出，設(shè)此時(shí)角速度為，則有可得設(shè)最低點(diǎn)桶和水運(yùn)動(dòng)的角速度為，從最高點(diǎn)到最低點(diǎn)的過(guò)程，根據(jù)機(jī)械能守恒有 在最低點(diǎn)，根據(jù)牛頓第二定律有聯(lián)立解得根據(jù)牛頓第三定律可知，小桶轉(zhuǎn)到最低點(diǎn)時(shí)水對(duì)桶底的壓力至少為。故選BC。第II卷三、非選擇題（本題共5小題，共56分）11.如圖1所示是“探究小車速度隨時(shí)間變化的規(guī)律”實(shí)驗(yàn)裝置圖，該裝置同時(shí)也可以完成“探究物體加速度與質(zhì)量、力的關(guān)系”。（1）用該裝置完成“探究小車速度隨時(shí)間變化的規(guī)律”實(shí)驗(yàn)時(shí)，下面說(shuō)法正確的是________。A．圖中打點(diǎn)計(jì)時(shí)器應(yīng)使用8V左右的交流電源B．實(shí)驗(yàn)時(shí)必須通過(guò)調(diào)節(jié)軌道左端的滑輪以讓細(xì)線和軌道平行C．實(shí)驗(yàn)時(shí)必須把軌道右端抬高以補(bǔ)償阻力，但不需要滿足槽碼的質(zhì)量遠(yuǎn)小于小車的質(zhì)量D．為了提高實(shí)驗(yàn)的精度，本實(shí)驗(yàn)需要改變車中砝碼的個(gè)數(shù)以改變運(yùn)動(dòng)小車的質(zhì)量，獲得多組數(shù)據(jù)（2）某同學(xué)利用如圖1所示的裝置進(jìn)行“探究小車速度隨時(shí)間變化的規(guī)律”的實(shí)驗(yàn)，實(shí)驗(yàn)中重物始終未落地，最后得到了如圖2所示的速度—時(shí)間圖像，根據(jù)圖像可以分析出在實(shí)驗(yàn)操作中可能存在的問(wèn)題是________。 A．實(shí)驗(yàn)中沒(méi)有補(bǔ)償阻力B．實(shí)驗(yàn)中沒(méi)有滿足小車質(zhì)量遠(yuǎn)大于槽碼質(zhì)量C．實(shí)驗(yàn)中先讓釋放小車后打開打點(diǎn)計(jì)時(shí)器D．實(shí)驗(yàn)中未保持細(xì)線和軌道平行（3）在“探究物體加速度與質(zhì)量、力的關(guān)系”實(shí)驗(yàn)中，為了提高實(shí)驗(yàn)精度，某同學(xué)通過(guò)合理的操作使用力傳感器來(lái)測(cè)量繩子拉力，下面有關(guān)實(shí)驗(yàn)操作中說(shuō)法正確的是________。A．實(shí)驗(yàn)操作中不需要槽碼的質(zhì)量遠(yuǎn)小于小車的質(zhì)量B．實(shí)驗(yàn)操作中不需要細(xì)線和軌道平行C．實(shí)驗(yàn)操作中不需要補(bǔ)償阻力D．實(shí)驗(yàn)操作中不需要多次改變小車的質(zhì)量以獲得多組數(shù)據(jù)（4）該同學(xué)為了研究力傳感器的原理，查閱相關(guān)原理，發(fā)現(xiàn)力傳感器內(nèi)部的核心結(jié)構(gòu)是如圖3所示的裝置，四個(gè)電阻貼在右側(cè)固定的彈性梁上。其主要原理是在彈性梁左側(cè)施加外力F時(shí)，彈性梁發(fā)生形變，引起貼在彈性梁上的四個(gè)電阻形狀發(fā)生改變，引起電阻值大小發(fā)生變化，使輸出的電壓發(fā)生變化，把力學(xué)量轉(zhuǎn)化為電學(xué)量。其電路簡(jiǎn)化圖如圖4所示。施加如圖3所示的外力F，若要ad兩點(diǎn)輸出的電壓盡量大，則圖中A處電阻應(yīng)為________（填“”或“”）。【答案】①.B②.D③.A④.【解析】【詳解】（1）[1]A．圖中是電火花計(jì)時(shí)器，使用220V交流電源，故A錯(cuò)誤；B ．實(shí)驗(yàn)時(shí)必須通過(guò)調(diào)節(jié)軌道左端的滑輪讓細(xì)線和軌道平行，以保證細(xì)線拉力保持不變，小車做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，故B正確；C．實(shí)驗(yàn)?zāi)康氖恰疤骄啃≤囁俣入S時(shí)間變化的規(guī)律”，只要保證小車所受合力不變即可，不需要補(bǔ)償阻力，也不需要滿足槽碼的質(zhì)量遠(yuǎn)小于小車受到的拉力要求，故C錯(cuò)誤；D．為了提高實(shí)驗(yàn)的精度，本實(shí)驗(yàn)需要改變細(xì)線所掛的槽碼的個(gè)數(shù)以改變拉力的大小，獲得多組數(shù)據(jù)，故D錯(cuò)誤。故選B。（2）[2]由圖像可知小車在運(yùn)動(dòng)的后一個(gè)階段加速度變小，說(shuō)明細(xì)線拉力方向在后一個(gè)階段發(fā)生了變化，故可能存在的問(wèn)題是實(shí)驗(yàn)中未保持細(xì)線和軌道平行。故ABC錯(cuò)誤，D正確。故選D。（3）[3]A．實(shí)驗(yàn)中因?yàn)槔K子的拉力大小通過(guò)力傳感器讀出，因此不需要槽碼的質(zhì)量遠(yuǎn)小于小車的質(zhì)量，A正確；BC．實(shí)驗(yàn)?zāi)康氖恰疤骄课矬w加速度與質(zhì)量、力的關(guān)系”，要保證小車所受細(xì)線拉力等于小車所受合力，則需要補(bǔ)償阻力，要保持細(xì)線和軌道平行，BC錯(cuò)誤；D．實(shí)驗(yàn)操作中需要多次改變小車的質(zhì)量以獲得多組數(shù)據(jù)，以減小偶然誤差，D錯(cuò)誤。故選A。（4）[4]在彈性梁左側(cè)施加外力F時(shí)，彈性梁發(fā)生形變，四個(gè)電阻發(fā)生變化，其中、增大，、減小，電路中ad兩點(diǎn)輸出的電壓為其中，Ubc兩點(diǎn)電壓，可見，要使兩點(diǎn)電壓最大，結(jié)合題中條件，A應(yīng)選。12.某學(xué)習(xí)小組需要測(cè)量一節(jié)干電池的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻，實(shí)驗(yàn)室提供的器材有：干電池一節(jié)（電動(dòng)勢(shì)約1.5V，內(nèi)阻小于）；多用電表一個(gè)；電壓表V（量程3V，內(nèi)阻約）；電流表A（量程0.6A，內(nèi)阻約）；滑動(dòng)變阻器R（最大阻值為）；定值電阻（阻值）；定值電阻（阻值）；開關(guān)一個(gè)，導(dǎo)線若干。（1 ）為了估測(cè)電池的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻，先用多用電表進(jìn)行測(cè)量，組內(nèi)三位同學(xué)的操作如下，你認(rèn)為正確的是________。A．小明選擇直流電壓10V擋，紅表筆接電池負(fù)極、黑表筆接電池正極，測(cè)量電池的電動(dòng)勢(shì)B．小莉選擇直流電壓2.5V擋，紅表筆接電池正極、黑表筆接電池負(fù)極，測(cè)量電池的電動(dòng)勢(shì)C．小陽(yáng)選擇歐姆擋合適的倍率，歐姆調(diào)零后，直接將紅、黑表筆與電池兩極連接，測(cè)量電池內(nèi)阻（2）①該小組按照?qǐng)D甲所示的電路進(jìn)行實(shí)驗(yàn)，通過(guò)調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器阻值使電流表示數(shù)逐漸接近滿偏，記錄此過(guò)程中電壓表和電流表的示數(shù)，利用實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)在坐標(biāo)紙上描點(diǎn)，如圖乙所示，出現(xiàn)該現(xiàn)象的主要原因是________。A．滑動(dòng)變阻器調(diào)節(jié)范圍小B．電壓表量程偏大C．干電池內(nèi)阻較小②針對(duì)出現(xiàn)的問(wèn)題，該小組利用實(shí)驗(yàn)室提供的器材改進(jìn)了實(shí)驗(yàn)方案，在圖丙中用筆畫線代替導(dǎo)線，將實(shí)物圖連接成完整電路。（）③改進(jìn)方案后重新測(cè)量，得到數(shù)據(jù)并繪出新的圖像如圖丁，可得干電池內(nèi)阻為________。（結(jié)果保留2位有效數(shù)字） 【答案】①.B②.C③.④.0.58##0.50##0.51##0.52##0.53##0.54##0.55##0.56##0.57##0.59##0.60##0.61##0.62【解析】【詳解】（1）[1]可以用多用電表直流電壓擋測(cè)粗測(cè)電源電動(dòng)勢(shì)，同時(shí)因?yàn)殡姵氐碾妱?dòng)勢(shì)在1.5V左右，故選擇2.5V擋的直流電，由于歐姆表有內(nèi)置電源，為保護(hù)電表不能用多用電表的歐姆擋直接測(cè)電源內(nèi)阻。故選B。（2）①[2]根據(jù)閉合電路歐姆定律可得路端電壓當(dāng)電源內(nèi)阻r太小時(shí)，干路電流I有較大變化時(shí)，Ir變化很小，電壓表示數(shù)即路端電壓U變化很小，電壓表示數(shù)變化范圍很小。故選C。②[3]應(yīng)用伏安法測(cè)電源電動(dòng)勢(shì)與內(nèi)阻，電壓表測(cè)路端電壓，電流表測(cè)電路電流，電源內(nèi)阻較小，為使電壓表示數(shù)變化明顯，把定值電阻與電源整體當(dāng)作等效電源，為減小實(shí)驗(yàn)誤差，相對(duì)于電源電流表應(yīng)采用外接法，實(shí)物電路圖如圖所示③[4]由圖丁所示電源圖像可知，電源電動(dòng)勢(shì)為圖像斜率的絕對(duì)值 則可得電源內(nèi)阻13.如圖所示，容積為V的氣缸由導(dǎo)熱材料制成，面積為S的活塞將氣缸分成容積比為的上下兩部分，氣缸上部通過(guò)細(xì)管與裝有某種液體的容器相連，細(xì)管上有一個(gè)閥門K。開始時(shí)，K關(guān)閉，氣缸上部氣體壓強(qiáng)為?，F(xiàn)將K打開，容器內(nèi)的液體緩慢地流入氣缸，當(dāng)流入的液體的體積為0.125V時(shí)，將K關(guān)閉，活塞平衡時(shí)其下方氣體的體積減小了0.25V，已知活塞的質(zhì)量為M，體積不計(jì)，外界環(huán)境溫度保持不變，重力加速度為g。求流入氣缸內(nèi)液體的密度?！敬鸢浮俊窘馕觥俊驹斀狻可戏綒怏w初狀態(tài)，壓強(qiáng)為，體積為，設(shè)末狀態(tài)壓強(qiáng)，體積為氣體做等溫變化，有可得下方氣體初狀態(tài)壓強(qiáng)為，體積為，設(shè)緩慢地流入氣缸的液體質(zhì)量為m，末狀態(tài)壓強(qiáng)，體積為對(duì)活塞受力分析 可得氣體做等溫變化，有可得聯(lián)立可得流入氣缸內(nèi)液體的密度14.如圖所示?！癓”型平板B靜置在地面上，物塊A處于平板B上的點(diǎn)，點(diǎn)左側(cè)粗糙，右側(cè)光滑，光滑部分的長(zhǎng)度。用不可伸長(zhǎng)的經(jīng)繩將質(zhì)量為M的小球懸掛在點(diǎn)正上方的O點(diǎn)。輕繩處于水平拉直狀態(tài)，小球可視為質(zhì)點(diǎn)，將小球由靜止釋放，第1次下擺至最低點(diǎn)與小物塊A發(fā)生碰撞，碰后小球速度方向與碰前方向相同，開始做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)，物塊A以的速度沿平板滑動(dòng)直至與B右側(cè)擋板發(fā)生彈性碰撞，一段時(shí)間后，A返回到O點(diǎn)的正下方時(shí)，相對(duì)于地面的速度為零，此后再過(guò)0.75s小球恰好第4次回到最低點(diǎn)。已知A的質(zhì)量，B的質(zhì)量，A與B的動(dòng)摩擦因數(shù)，B與地面間的動(dòng)摩擦因數(shù)，重力加速度，，整個(gè)過(guò)程中A始終在B上，所有碰撞時(shí)間忽略不計(jì)，不計(jì)空氣阻力，求：（1）A與B的擋板碰撞后，二者的速度大小與；（2）從小球釋放到小球第4次回到最低點(diǎn)，整個(gè)系統(tǒng)因摩擦產(chǎn)生的熱量；（3）懸掛小球輕繩的長(zhǎng)度。 【答案】（1），；（2）；（3）【解析】【詳解】（1）設(shè)水平向右為正方向，因?yàn)辄c(diǎn)右側(cè)光滑，由題意可知A與B發(fā)生彈性碰撞，根據(jù)動(dòng)量守恒和動(dòng)能守恒得代入數(shù)據(jù)聯(lián)立解得即A和B速度大小均為；（2）碰后對(duì)B受力分析，由牛頓第二定律可知解得設(shè)B經(jīng)過(guò)時(shí)間速度減為零解得此過(guò)程A、B的位移分別為根據(jù)位移關(guān)系 又因?yàn)榧碅在減速之前B速度減為零，且不再運(yùn)動(dòng)，整個(gè)系統(tǒng)產(chǎn)生的熱量為解得（3）A剩余勻速向左運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為解得A減速運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為，根據(jù)動(dòng)量定理解得小球和A碰撞后A向右勻速運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為，則設(shè)小球做簡(jiǎn)諧振動(dòng)的周期為，擺長(zhǎng)為，則有代入數(shù)據(jù)解得由單擺周期公式解得小球的擺長(zhǎng)15.如圖所示，光滑的半圓形軌道ABC和粗糙斜面DE、EF固定在光滑的水平面上，A、D 之間的距離足夠大，C、E兩點(diǎn)等高，半圓形軌道的半徑，斜面DE和EF的傾角均為60°，可視為質(zhì)點(diǎn)的滑塊P、Q之間有一根處于壓縮狀態(tài)的輕質(zhì)彈簧，滑塊與彈簧之間均未栓接?，F(xiàn)同時(shí)釋放滑塊P、Q，與彈簧分離后，滑塊P恰能通過(guò)圓弧軌道的最高點(diǎn)C點(diǎn)，滑塊Q沿斜面DE上滑通過(guò)E點(diǎn)后剛好落在F點(diǎn)?；瑝KQ與斜面DE之間的動(dòng)摩擦因數(shù)，滑塊P的質(zhì)量，滑塊Q的質(zhì)量未知，且滑塊Q通過(guò)D點(diǎn)時(shí)無(wú)機(jī)械能損失，重力加速度。求：（1）滑塊P通過(guò)與圓心O等高的B點(diǎn)時(shí)加速度的大??；（2）滑塊Q離開E點(diǎn)后與斜面EF間的最大距離；（3）彈簧對(duì)滑塊Q的沖量大小和釋放滑塊P、Q之前彈簧所具有的彈性勢(shì)能。【答案】（1）；（2）；（3），【解析】【詳解】（1）滑塊P恰能通過(guò)圓弧軌道的最高點(diǎn)C點(diǎn)，則其通過(guò)C點(diǎn)時(shí)從B點(diǎn)到C點(diǎn)的過(guò)程中，由動(dòng)能定理可得滑塊P通過(guò)與圓心O等高的B點(diǎn)時(shí)，支持力提供向心力滑塊P通過(guò)B點(diǎn)時(shí)，合力由牛頓第二定律得 （2）滑塊Q通過(guò)E點(diǎn)后做斜拋運(yùn)動(dòng)，其軌跡如下圖所示設(shè)滑塊Q通過(guò)E點(diǎn)時(shí)速度大小是v，其水平分速度和豎直分速度vy之間的關(guān)系滿足從E點(diǎn)到F點(diǎn)的過(guò)程中，水平方向做勻速直線運(yùn)動(dòng)豎直方向做豎直上拋運(yùn)動(dòng)解得由斜拋運(yùn)動(dòng)的對(duì)稱性可知，滑塊Q通過(guò)與E點(diǎn)等高的G點(diǎn)時(shí)，其速度方向與斜面EF平行，故滑塊Q位于G點(diǎn)時(shí)，與斜面EF的距離最大，從E點(diǎn)到G點(diǎn)，運(yùn)動(dòng)的時(shí)間水平位移滑塊Q離開E點(diǎn)后與斜面EF間的最大距離（3）設(shè)滑塊P、Q與彈簧分離時(shí)，速度大小分別為和，由動(dòng)量守恒定律可得 滑塊P從與彈簧分離到C點(diǎn)的過(guò)程中由機(jī)械能守恒定律可得滑塊Q通過(guò)E點(diǎn)時(shí)速度滑塊Q從與彈簧分離到E點(diǎn)的過(guò)程中由動(dòng)能定理可得解得由動(dòng)量定理可得，彈簧對(duì)滑塊Q的沖量大小由能量守恒定律可得，釋放滑塊P、Q之前彈簧所具有的彈性勢(shì)能