《浙江省新陣地教育聯(lián)盟2022-2023學(xué)年高二下學(xué)期第一次聯(lián)考物理 Word版含解析》由會(huì)員上傳分享，免費(fèi)在線閱讀，更多相關(guān)內(nèi)容在教育資源-天天文庫(kù)。

浙江省新陣地教育聯(lián)盟2024屆高二第一次聯(lián)考物理試題考生須知：1.本卷滿分100分，考試時(shí)間90分鐘。2.答題前，在答題卷指定區(qū)域填寫(xiě)班級(jí)、姓名、考場(chǎng)號(hào)、座位號(hào)及準(zhǔn)考證號(hào)并填涂相應(yīng)數(shù)字。3.所有答案必須寫(xiě)在答題卷上相應(yīng)的位置，寫(xiě)在試卷上無(wú)效。4.考試結(jié)束后，只需上交答題卷。5.重力加速度g取。選擇題部分一、選擇題Ⅰ（本題共13小題，每小題3分，共39分。每小題列出的四個(gè)備選項(xiàng)中只有一個(gè)是符合題目的，不選、多選、錯(cuò)選均不得分）1.下列物理量的單位正確的是（　?。〢.功B.電場(chǎng)強(qiáng)度V/mC.磁通量D.加速度m/s【答案】B【解析】【詳解】A．根據(jù)做功公式可知功的單位為，故A錯(cuò)誤；B．根據(jù)電場(chǎng)強(qiáng)度公式可知電場(chǎng)強(qiáng)度的單位為，故B正確；C．根據(jù)磁通量公式可知磁通量的單位為，故C錯(cuò)誤；D．根據(jù)加速度公式可知加速度的單位為，故D錯(cuò)誤。故選B。

12.下圖是小敏同學(xué)晨跑路徑圖，根據(jù)圖上的信息，以下說(shuō)法正確的是（　?。〢.8月10日凌晨6:03是時(shí)間間隔B.3.40公里是小敏同學(xué)的晨跑位移C.當(dāng)計(jì)算小敏同學(xué)晨跑的平均速率時(shí)，可以把小敏同學(xué)看成質(zhì)點(diǎn)D.小敏同學(xué)晨跑時(shí)，看到馬路兩邊的樹(shù)木在倒退，是以地面為參考系【答案】C【解析】【詳解】A．8月10日凌晨6:03是時(shí)刻，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；B．3.40公里是小敏同學(xué)晨跑路程，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；C．當(dāng)計(jì)算小敏同學(xué)晨跑的平均速率時(shí)，小敏的形狀大小可忽略，可以把小敏同學(xué)看成質(zhì)點(diǎn)，選項(xiàng)C正確；D．小敏同學(xué)晨跑時(shí)，看到馬路兩邊的樹(shù)木在倒退，是以自己為參考系，選項(xiàng)D錯(cuò)誤。故選C。3.正是人類對(duì)電與磁的研究，發(fā)展成了電磁場(chǎng)與電磁波的理論。下列說(shuō)法正確的是（　?。〢.奧斯特發(fā)現(xiàn)電流的磁效應(yīng)，并創(chuàng)造性地用“磁感線”形象地描述“場(chǎng)”的物理圖景B.麥克斯韋建立了電磁場(chǎng)理論，并在實(shí)驗(yàn)中捕捉到了電磁波C.普朗克認(rèn)為振動(dòng)著的帶電微粒的能量是連續(xù)的D.愛(ài)因斯坦認(rèn)為光是一個(gè)個(gè)不可分割的能量子組成的，這些能量子叫作光子【答案】D【解析】【詳解】A．奧斯特發(fā)現(xiàn)電流的磁效應(yīng)，法拉第創(chuàng)造性地用“磁感線”形象地描述“場(chǎng)”的物理圖景，故A錯(cuò)誤；B．麥克斯韋建立了電磁場(chǎng)理論，赫茲在實(shí)驗(yàn)中捕捉到了電磁波，故B錯(cuò)誤；C．普朗克認(rèn)為振動(dòng)著的帶電微粒的能量是量子化的，故C錯(cuò)誤；

2D．愛(ài)因斯坦認(rèn)為光是一個(gè)個(gè)不可分割的能量子組成的，這些能量子叫作光子，故D正確。故選D。4.“安吉游戲”源起浙江省安吉縣，是安吉幼兒園“游戲”式的教學(xué)方法的簡(jiǎn)稱?！鞍布螒颉碧岢延螒蜻€給孩子，讓他們?cè)谧灾?、自由的游戲中學(xué)習(xí)。如圖所示，是一個(gè)小朋友將一個(gè)籃球放在斜坡上，并用豎直擋板擋住，籃球處于靜止?fàn)顟B(tài)。已知斜坡的傾角為（為銳角），擋板對(duì)籃球的彈力為，斜面對(duì)籃球的彈力為，不考慮籃球受到的摩擦力，下列說(shuō)法正確的是（　?。〢.斜面對(duì)籃球的彈力小于擋板對(duì)籃球的彈力B.斜面對(duì)籃球的彈力小于籃球重力GC.緩慢地把擋板繞其與坡面的接觸軸逆時(shí)針轉(zhuǎn)一個(gè)較小角度，減小D.緩慢地把擋板繞其與坡面的接觸軸逆時(shí)針轉(zhuǎn)一個(gè)較小角度，增大【答案】C【解析】【詳解】AB．對(duì)籃球受力分析如圖所示設(shè)籃球質(zhì)量m，由于籃球處于靜止?fàn)顟B(tài)，所以和的合力大小等于，則有故

3故AB錯(cuò)誤；CD．對(duì)籃球進(jìn)行受力分析如圖所示擋板繞O緩慢把擋板繞其與坡面的接觸軸逆時(shí)針轉(zhuǎn)一個(gè)較小角度，圖中得B緩慢下移，即，則減小，也減小，故C正確，D錯(cuò)誤。故選C。5.2022年冬奧會(huì)重點(diǎn)交通工程，有一段路程為螺旋隧道，通過(guò)螺旋線實(shí)現(xiàn)原地抬升，如圖所示。下列對(duì)這段公路的分析，說(shuō)法正確的是（　?。〢.車輛上坡過(guò)程中受到重力、支持力、摩擦力、牽引力、下滑力B.車輛轉(zhuǎn)彎處，路面應(yīng)適當(dāng)內(nèi)低外高C.通過(guò)螺旋隧道設(shè)計(jì)，主要目的是減小車輛行駛過(guò)程中對(duì)路面的壓力D.車輛以某一恒定速率轉(zhuǎn)彎時(shí)，轉(zhuǎn)彎半徑越大，所需的向心力越大【答案】B【解析】【詳解】A．車輛上坡過(guò)程中受到重力、支持力、摩擦力、牽引力，沒(méi)有下滑力，故A錯(cuò)誤；B．轉(zhuǎn)彎處的路面適當(dāng)內(nèi)低外高，支持力沿指向圓周方向的分力可以為汽車提供一部分向心力，使汽車轉(zhuǎn)彎更安全，故B正確；C．通過(guò)螺旋隧道設(shè)計(jì)，減小坡度的主要目的是為了減小汽車重力沿坡的斜面向下的分力，故C錯(cuò)誤；D．根據(jù)

4可知，車輛以某一恒定速率轉(zhuǎn)彎時(shí)，轉(zhuǎn)彎半徑越大，所需的向心力越小，故D錯(cuò)誤。故選B。6.圖書(shū)管理員經(jīng)常遇到搬書(shū)的情況。如圖所示，小劉在某一次搬書(shū)過(guò)程中，水平托著書(shū)沿水平方向加速前進(jìn)過(guò)程中，手與書(shū)之間、書(shū)與書(shū)之間都無(wú)相對(duì)運(yùn)動(dòng)。由于書(shū)的材質(zhì)不同，書(shū)與書(shū)之間的動(dòng)摩擦因數(shù)介于0.2和0.4之間，且最大靜摩擦力約等于滑動(dòng)摩擦力。下列說(shuō)法正確的是（　?。〢.手給書(shū)的力是由書(shū)的彈性形變產(chǎn)生的B.運(yùn)動(dòng)的最大加速度為C.把動(dòng)摩擦因數(shù)比較大的書(shū)本放在上層更不容易有相對(duì)滑動(dòng)D.任意兩本書(shū)所受的合力方向均相同【答案】D【解析】【詳解】A．手給書(shū)的力，手是施力物體，書(shū)是受力物體，力是由手的彈性形變產(chǎn)生的，故A錯(cuò)誤；BD．當(dāng)動(dòng)摩擦因素為0.2時(shí)，兩本書(shū)之間恰好要產(chǎn)生相對(duì)滑動(dòng)，同學(xué)運(yùn)動(dòng)的最大加速度為且任意兩本書(shū)所受的加速度相同，故任意兩本書(shū)所受的合力方向均相同，故B錯(cuò)誤，D正確；C．對(duì)整體分析可知，無(wú)論把動(dòng)摩擦因素比較大的書(shū)本放在上層還是下層，只要同學(xué)的加速度大于最大加速度，都會(huì)產(chǎn)生相對(duì)滑動(dòng)，故C錯(cuò)誤；故選D。7.2022年中國(guó)載人航天創(chuàng)造了多個(gè)新記錄，天舟五號(hào)發(fā)射并成功對(duì)接空間站，首次實(shí)現(xiàn)了兩小時(shí)自主快速交會(huì)對(duì)接，創(chuàng)造了世界記錄，神十四和神十五兩個(gè)航天員乘組首次在空間站進(jìn)行在軌輪換，6名航天員首次在中國(guó)的“太空家園”留下這張?zhí)蘸嫌?。中?guó)空間站距離地面約400km，下列說(shuō)法正確的是（　?。?/p>

5A.航天員繞地球運(yùn)動(dòng)的加速度大于靜止在赤道上物體的向心加速度B.航天員繞地球運(yùn)動(dòng)的速度應(yīng)介于第一宇宙速度和第二宇宙速度之間C.航天員繞地球運(yùn)動(dòng)的周期為24小時(shí)D.航天員所受地球引力與飛船對(duì)其作用力兩者的合力近似為零【答案】A【解析】【詳解】A．靜止在赤道上物體的角速度等于地球同步衛(wèi)星繞地球運(yùn)動(dòng)的角速度，根據(jù)可得故靜止在赤道上物體的加速度小于地球同步衛(wèi)星繞地球運(yùn)動(dòng)的加速度，根據(jù)牛頓第二定律可得同步衛(wèi)星距離地面36000km，可知航天員繞地球運(yùn)動(dòng)的加速度大于地球同步衛(wèi)星繞地球運(yùn)動(dòng)的加速度，故航天員繞地球運(yùn)動(dòng)的加速度大于靜止在赤道上物體的向心加速度，故A正確；B．第一宇宙速度是最大環(huán)繞速度，航天員繞地球運(yùn)動(dòng)的速度應(yīng)小于第一宇宙速度，故B錯(cuò)誤；C．同步衛(wèi)星距離地面36000km，運(yùn)行周期為24小時(shí)，中國(guó)空間站距離地面約400km，根據(jù)開(kāi)普勒第三定律可知航天員繞地球運(yùn)動(dòng)的周期小于24小時(shí)，故C錯(cuò)誤；D．航天員所受地球引力提供航天員做圓周運(yùn)動(dòng)的向心力，飛船對(duì)其作用力為零，兩者的合力不為零，故D錯(cuò)誤。

6故選A。8.不帶電的橡膠棒和毛皮摩擦，然后再將它們分開(kāi)，它們?cè)诳臻g上產(chǎn)生的電場(chǎng)如圖所示?，F(xiàn)有一離子從A點(diǎn)射入，軌跡如圖中虛線AB所示，下列說(shuō)法正確的是（　　）A.該離子帶負(fù)電B.A點(diǎn)電勢(shì)低于B點(diǎn)電勢(shì)C.該離子加速度變小D.該離子的電勢(shì)能減小【答案】D【解析】【詳解】A．離子順著電場(chǎng)線方向運(yùn)動(dòng)，故離子帶正電，故A錯(cuò)誤；B．沿著電場(chǎng)線方向電勢(shì)降低，A點(diǎn)電勢(shì)高于B點(diǎn)，故B錯(cuò)誤；C．電場(chǎng)線越密集電場(chǎng)強(qiáng)度越大，則電場(chǎng)力越大，故越靠近B電場(chǎng)力越大，則加速度越大，故C錯(cuò)誤；D．正電荷沿著電場(chǎng)線方向運(yùn)動(dòng)，電場(chǎng)力做正功，電勢(shì)能減小，故D正確。故選D。9.炎熱的夏季，有一種網(wǎng)紅水上娛樂(lè)項(xiàng)目“水上飛人”十分火爆，其原理是借助腳下的噴水裝置產(chǎn)生向上的反沖動(dòng)力，讓人騰空而起或平衡或勻速或變速運(yùn)動(dòng)，忽略空氣阻力，下列說(shuō)法正確的是（　　）A.人在加速上升的過(guò)程中，機(jī)械能一定守恒B.人在減速上升過(guò)程中一定處于失重狀態(tài)C.人在減速上升的過(guò)程中機(jī)械能一定減少D.人在懸空靜止的一段時(shí)間內(nèi)，反沖動(dòng)力的沖量為零【答案】B【解析】【詳解】A．人在加速上升的過(guò)程中，人的動(dòng)能增大，重力勢(shì)能增大，機(jī)械能增大，機(jī)械能不守恒，故A錯(cuò)誤；B．人在減速上升過(guò)程中有豎直向下的加速度，人處于失重狀態(tài)，故B正確；

7C．人在減速上升的過(guò)程中，人的動(dòng)能減小，重力勢(shì)能增大，機(jī)械能不一定減少，故C錯(cuò)誤；D．根據(jù)動(dòng)量定理人在懸空靜止的一段時(shí)間內(nèi)，，合力的沖量為零，但反沖動(dòng)力的沖量不為零，故D錯(cuò)誤。故選B。10.“暖手充電寶”集暖手與移動(dòng)充電兩大功能而受熱捧，下面是某一產(chǎn)品的說(shuō)明書(shū)，列出了這種產(chǎn)品的幾個(gè)主要參數(shù)；根據(jù)上述信息，下列說(shuō)法正確的是（　?。╊~定容量2700mAh額定功率8W輸入接口USB-C輸出接口USB-A輸入?yún)?shù)5V—2.1A輸出參數(shù)5.1V—1.5A（最大）產(chǎn)品尺寸執(zhí)行標(biāo)準(zhǔn)Q/JSZM0019包裝內(nèi)含：ZMI暖手充電寶、說(shuō)明書(shū)、USB-A轉(zhuǎn)USB-C充電線A.是能量單位B.該產(chǎn)品的電阻約為C.該產(chǎn)品以最大電流給手機(jī)充電，最多能連續(xù)工作約1.8hD.該產(chǎn)品以額定功率8W暖手，理論上最多可持續(xù)工作約1h【答案】C【解析】【詳解】A．是電荷量單位，故A錯(cuò)誤；B．根據(jù)解得故B錯(cuò)誤；C．由圖可知，充電寶的最大輸出電流，根據(jù)可知以最大電流給手機(jī)充電，充電寶持續(xù)工作時(shí)間為

8故C正確；D．該充電寶儲(chǔ)存的電能為由圖可知，以額定功率8W暖手，根據(jù)可得持續(xù)時(shí)間為故D錯(cuò)誤。故選C。11.如圖甲所示，一小型發(fā)電機(jī)的矩形線圈在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中以恒定的角速度繞垂直于磁場(chǎng)的固定軸轉(zhuǎn)動(dòng)，矩形線圈通過(guò)銅滑環(huán)接理想變壓器原線圈，副線圈接有固定電阻和滑動(dòng)變阻器R，矩形線圈內(nèi)阻為，其他電阻都不計(jì)，從圖示位置開(kāi)始計(jì)時(shí)，且當(dāng)滑動(dòng)變阻器為R，其中線圈匝數(shù)，穿過(guò)線圈的磁通量隨時(shí)間按正弦規(guī)律變化，如圖所示，下列說(shuō)法正確的是（　?。〢.矩形線圈產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的瞬時(shí)值表達(dá)式為B.矩形線圈從圖示位置轉(zhuǎn)過(guò)的時(shí)間內(nèi)，通過(guò)電流表的電荷量為0.1CC.滑動(dòng)變阻器的滑片向上移動(dòng)過(guò)程中，電流表示數(shù)不變，示數(shù)變小D.滑動(dòng)變阻器的滑片向上移動(dòng)過(guò)程中，電壓表示數(shù)不變，和示數(shù)都變小【答案】A【解析】【詳解】A．因?yàn)?/p>

9矩形線圈產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的最大值瞬時(shí)值表達(dá)式為選項(xiàng)A正確；CD．因可得（其中）滑動(dòng)變阻器的滑片向上移動(dòng)過(guò)程中，R＇阻值變大，則次級(jí)電流I2減小，示數(shù)變小，初級(jí)電流I1減小，電流表示數(shù)變小；由于R＇阻值變大，U2變大，示數(shù)變大，則示數(shù)變大，電阻R0上電壓減小，可知示數(shù)變大，選項(xiàng)CD錯(cuò)誤。B．由上述表達(dá)式可知

10即初級(jí)回路的等效電阻為矩形線圈從圖示位置轉(zhuǎn)過(guò)的時(shí)間內(nèi)，平均電動(dòng)勢(shì)則通過(guò)電流表的電荷量由可知選項(xiàng)B錯(cuò)誤故選A。12.如圖為松花江音樂(lè)噴泉噴出水柱的場(chǎng)景。主噴泉噴出的最高水柱約80m，噴管的直徑約為10cm，已知水的密度。據(jù)此估計(jì)主噴管噴水的電動(dòng)機(jī)的輸出功率約為（　?。〢.B.C.D.【答案】D【解析】【詳解】噴泉噴水的初速度為t時(shí)間噴水的質(zhì)量為

11則噴水消耗的功率大約為故選D。13.如圖所示，橫截面為圓環(huán)的柱形容器由折射率為n的玻璃制成，其外徑為，內(nèi)徑為，MN為一條直徑。有兩束光線，其中光線A在紙平面內(nèi)傳播，從M點(diǎn)射向容器，經(jīng)一次折射后，恰好與容器內(nèi)壁相切，另一束光線B平行于MN射向容器，經(jīng)過(guò)一次折射后，恰好在容器內(nèi)壁發(fā)生全反射，則下列說(shuō)法正確的是（　?。〢.光線A的入射角正弦值為B.光線B到MN的距離等于C.光線A的入射角大于光線B的入射角D.光線B從射入柱形容器外壁到第一次到達(dá)內(nèi)壁的時(shí)間為【答案】C【解析】【詳解】A．光線與容器內(nèi)壁相切，光路圖如圖1所示，設(shè)光線在M點(diǎn)的入射角為i，折射角為r，由折射定律得由幾何關(guān)系得解得

12故A錯(cuò)誤；C．平行于MN的光線B射向容器，在容器外壁的入射角為i′，折射角為r′，如圖2所示，由折射定律得光線恰好在容器內(nèi)壁發(fā)生全反射，入射角等于臨界角C，光路圖如圖所示，則根據(jù)正弦定理可得解得即則故C正確；B．設(shè)光線B到MN的距離為d，根據(jù)幾何關(guān)系可得d=R1sini′=R2故B錯(cuò)誤。D．光線B從射入柱形容器外壁到第一次到達(dá)內(nèi)壁，根據(jù)正弦定理可得

13時(shí)間為選項(xiàng)D錯(cuò)誤。故選C。二、選擇題Ⅱ（本題共2小題，每小題3分，共6分。每小題列出的四個(gè)備選項(xiàng)中至少有一個(gè)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得3分，選對(duì)但不選全的得2分，有選錯(cuò)的得0分）14.傳感器的功能與人的視覺(jué)、聽(tīng)覺(jué)、觸覺(jué)、嗅覺(jué)等功能相似。不只在科研領(lǐng)域，在人們的日常生活中，也會(huì)用到傳感器以實(shí)現(xiàn)某種功能。關(guān)于圖中應(yīng)用傳感器的實(shí)際情景，下列說(shuō)法正確的是（　?。〢.甲圖傳感器用來(lái)測(cè)量位移的微小變化，是電容式位移傳感器B.乙圖光電計(jì)數(shù)器用到了光敏電阻這個(gè)傳感元件，是光傳感器C.丙圖利用霍爾元件可以測(cè)量微小位移，是利用電磁驅(qū)動(dòng)原理D.丁圖干簧管是利用電磁感應(yīng)的原理控制電路的通斷【答案】AB【解析】【詳解】A．甲圖中，當(dāng)被測(cè)物體在左、右方向發(fā)生位移時(shí)，電介質(zhì)板隨之在電容器兩極板之間移動(dòng)。如果測(cè)出了電容的變化，就能知道物體位置的變化，所以甲圖傳感器是位移傳感器，故A正確；B．乙圖中?A是發(fā)光儀器，B是接收光信號(hào)的儀器，B中的主要元件是由光敏電阻組成的光電傳感器。當(dāng)傳送帶上沒(méi)有物品擋住由A射向B的光信號(hào)時(shí)，光敏電阻的阻值較小，供給信號(hào)處理系統(tǒng)的電壓變低；當(dāng)傳送帶上有物品擋住由A射向B的光信號(hào)時(shí)，光敏電阻的阻值變大，供給信號(hào)處理系統(tǒng)的電壓變高。這種高低交替變化的信號(hào)經(jīng)過(guò)處理，就會(huì)轉(zhuǎn)化為相應(yīng)的數(shù)字，實(shí)自動(dòng)計(jì)數(shù)的功能，故B正確；C．丙圖中，在兩塊磁感應(yīng)強(qiáng)度相同、同極相對(duì)的放置的磁體縫隙中放入霍爾元件，當(dāng)霍爾元件處于中間位置時(shí)，磁感應(yīng)強(qiáng)度B為0，霍爾電壓為0，可將該點(diǎn)作為位移的零點(diǎn)。當(dāng)霍爾元件沿著軸正、負(fù)方向移動(dòng)時(shí)，則有霍爾電壓輸出，且電壓大小與位移大小成正比，從而能夠?qū)崿F(xiàn)微小位移的測(cè)量，未利用電磁驅(qū)動(dòng)原理，故C錯(cuò)誤；D．丁圖干簧管是利用磁場(chǎng)的有無(wú)控制電路的通斷，故D錯(cuò)誤。

14故選AB。15.兩列簡(jiǎn)諧橫波分別沿x軸正方向和負(fù)方向傳播，兩波源分別位于和處，兩列波的波速均為0.4m/s，波源的振幅均為2cm，如圖為時(shí)刻兩列波的圖像，此刻平衡位置在和的P、Q，兩質(zhì)點(diǎn)剛開(kāi)始振動(dòng)。質(zhì)點(diǎn)M的平衡位置處于處（　　）A.時(shí)刻，質(zhì)點(diǎn)a的速度大于質(zhì)點(diǎn)b的速度B.時(shí)刻之后，質(zhì)點(diǎn)a的比質(zhì)點(diǎn)b先回到平衡位置C.時(shí)刻，兩列波相遇D.0~1.5s質(zhì)點(diǎn)M運(yùn)動(dòng)的路程為12cm【答案】BD【解析】【詳解】A．質(zhì)點(diǎn)a、b在各自平衡位置附近做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)，時(shí)刻，質(zhì)點(diǎn)a距離平衡位置比質(zhì)點(diǎn)b距離平衡位置遠(yuǎn)，質(zhì)點(diǎn)a的速度小于質(zhì)點(diǎn)b的速度，故A錯(cuò)誤；B．根據(jù)上下坡法可知，質(zhì)點(diǎn)a、b都向x軸正方向振動(dòng)，質(zhì)點(diǎn)a距離平衡位置比質(zhì)點(diǎn)b距離平衡位置遠(yuǎn)，時(shí)刻之后，質(zhì)點(diǎn)a的比質(zhì)點(diǎn)b先回到平衡位置，故B正確；C．兩列波相遇的時(shí)間為解得故C錯(cuò)誤；D．兩列波經(jīng)，相遇在P、Q的中點(diǎn)M，故質(zhì)點(diǎn)M在時(shí)起振，兩列波起振的方向都是y軸負(fù)方向，故兩列波在質(zhì)點(diǎn)M處振動(dòng)加強(qiáng)，M點(diǎn)的振幅為兩列波的周期為可知，質(zhì)點(diǎn)M振動(dòng)了,質(zhì)點(diǎn)M運(yùn)動(dòng)的路程為

15故D正確。故選BD。非選擇題部分三、非選擇題（本題共5小題，每小題55分）16.小劉同學(xué)在做“探究加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系”的實(shí)驗(yàn)時(shí)采用了如圖甲所示的裝置，帶滑輪的長(zhǎng)木板水平放置，彈簧測(cè)力計(jì)固定在墻上。小車上固定一定滑輪，細(xì)繩通過(guò)滑輪連接彈簧測(cè)力計(jì)和沙桶。①本實(shí)驗(yàn)使用了打點(diǎn)計(jì)時(shí)器，下列選項(xiàng)中的哪些實(shí)驗(yàn)也需要用打點(diǎn)計(jì)時(shí)器______A.探究平拋運(yùn)動(dòng)的特點(diǎn)B.探究?jī)蓚€(gè)互成角度的力的合成規(guī)律C.驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律②根據(jù)該同學(xué)的實(shí)驗(yàn)方案，關(guān)于該實(shí)驗(yàn)的下列操作，必要或正確的步驟是______A.用天平測(cè)出沙和沙桶的質(zhì)量B.要滿足小車的質(zhì)量遠(yuǎn)大于沙桶和沙的質(zhì)量C.應(yīng)當(dāng)先釋放小車，再接通電源D.將帶滑輪的長(zhǎng)木板右端墊高，以補(bǔ)償摩擦力③下圖是該同學(xué)打出的一條紙帶，各計(jì)數(shù)點(diǎn)對(duì)應(yīng)刻度尺上的讀數(shù)如圖乙，其中相鄰兩個(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn)之間還有4個(gè)打點(diǎn)未畫(huà)出，打點(diǎn)計(jì)時(shí)器接頻率為50Hz的交流電源，根據(jù)紙帶上的信息可求出小車的加速度______。（結(jié)果保留2位有效數(shù)字）④保持小車的質(zhì)量不變，改變沙子的質(zhì)量，進(jìn)行多次測(cè)量。根據(jù)實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)作出了加速度a隨拉力F的變化圖線，如圖丙所示。圖中直線沒(méi)有通過(guò)原點(diǎn)，其主要原因是______?！敬鸢浮竣?C②.D③.0.50④.未平衡摩擦力

16【解析】【詳解】①[1]A．實(shí)驗(yàn)探究平拋運(yùn)動(dòng)的特點(diǎn)可通過(guò)位移差計(jì)算各點(diǎn)的時(shí)間間隔，不需要用打點(diǎn)計(jì)時(shí)器，故A錯(cuò)誤；B．實(shí)驗(yàn)探究?jī)蓚€(gè)互成角度的力的合成規(guī)律不需要用打點(diǎn)計(jì)時(shí)器，故B錯(cuò)誤；C．實(shí)驗(yàn)驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律需要用打點(diǎn)計(jì)時(shí)器記錄時(shí)間間隔以及紙帶上各點(diǎn)位置，故C正確。故選C。②[2]AB．本實(shí)驗(yàn)小車的拉力可以通過(guò)彈簧測(cè)力計(jì)測(cè)量，不需要用天平測(cè)出沙和沙桶的質(zhì)量，不需要滿足小車的質(zhì)量遠(yuǎn)大于沙桶和沙的質(zhì)量，故AB錯(cuò)誤；C．使用打點(diǎn)計(jì)時(shí)器應(yīng)當(dāng)接通電源，再先釋放小車，故C錯(cuò)誤；D．本實(shí)驗(yàn)將小車的拉力作為小車的合外力，需平衡摩擦力，故D正確。故選D。③[3]由逐差法求加速度為解得④[4]根據(jù)圖象可知，小車的拉力為0.2N時(shí)，小車加速度為零，說(shuō)明實(shí)驗(yàn)未平衡摩擦力。17.某實(shí)驗(yàn)小組用氣墊導(dǎo)軌做“驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律”的實(shí)驗(yàn)裝置如圖甲所示，請(qǐng)回答下列問(wèn)題：①實(shí)驗(yàn)室準(zhǔn)備了A和B兩種遮光條，用螺旋測(cè)微器測(cè)量遮光條A的寬度如圖乙所示，其讀數(shù)為_(kāi)_____mm；另一個(gè)遮光條B的寬度為8.00mm，兩遮光條應(yīng)選用遮光條______（填“A”或“B”）。②測(cè)得兩滑塊P、Q（帶有遮光條）的質(zhì)量分別為和，實(shí)驗(yàn)中，用細(xì)線將兩滑塊P、Q連接使輕彈簧壓縮后靜止，然后燒斷細(xì)線，輕彈簧將兩滑塊P、Q彈開(kāi)，測(cè)得兩滑塊P、Q上的遮光條通過(guò)光電門(mén)的時(shí)間分別為、。若兩滑塊P、Q彈開(kāi)的過(guò)程中系統(tǒng)動(dòng)量守恒，則需要驗(yàn)證的關(guān)系式為_(kāi)_____（用題中所給符號(hào)表示）?！敬鸢浮竣?4.00②.A③.

17【解析】【詳解】①[1][2]用螺旋測(cè)微器測(cè)量遮光條A的寬度讀數(shù)為4mm+0.01mm×0=4.00mm；另一個(gè)遮光條B的寬度為8.00mm，兩遮光條應(yīng)選用寬度較小的遮光條A。②[3]若動(dòng)量守恒，則滿足即即18.某同學(xué)在測(cè)某型號(hào)電池的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻時(shí)所用器材如下：A.某型號(hào)電池：電動(dòng)勢(shì)3V左右，內(nèi)阻為幾歐；B.電壓表V：量程0-3V，內(nèi)阻約3000歐；C.電流表A：量程0-30mA，內(nèi)阻為；D.標(biāo)準(zhǔn)電阻：；E.滑動(dòng)變阻器：，2A；F滑動(dòng)變阻器：，1AG.開(kāi)關(guān)、導(dǎo)線若干①該小組兩名同學(xué)各設(shè)計(jì)了一個(gè)實(shí)驗(yàn)電路，其中可行的是______（選填“甲”或“乙”）。②實(shí)驗(yàn)器材中有兩個(gè)滑動(dòng)變阻器，該實(shí)驗(yàn)應(yīng)選用的是______（選填“”或“”）。③如圖是該實(shí)驗(yàn)中某狀態(tài)下電流表的指針偏轉(zhuǎn)情況，其讀數(shù)為_(kāi)_____mA。④選擇第①題中正確的電路后，該小組同學(xué)閉合開(kāi)關(guān)，調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器，多次測(cè)量，得出多組電壓表示數(shù)U和電流表示數(shù)I，通過(guò)描點(diǎn)畫(huà)出圖象如圖丁所示，則該特殊電池的電動(dòng)勢(shì)______V、內(nèi)阻______。（結(jié)果均保留三位有效數(shù)字）

18⑤另一同學(xué)用安阻法測(cè)電池電動(dòng)勢(shì)與內(nèi)阻，把電流表看作理想電表，連接的實(shí)物圖如圖甲，在數(shù)據(jù)處理時(shí)根據(jù)電流表示數(shù)I與電阻箱的阻值R作出圖像（圖乙）進(jìn)行處理得到電源的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻，如果考慮到電流表的內(nèi)阻，則這種方案測(cè)得的電動(dòng)勢(shì)的值與真實(shí)值相比，______，______（兩空均選填“＞”“＝”“＜”）?！敬鸢浮竣?乙②.③.20.0④.3.00⑤.3.13⑥.=⑦.>【解析】【詳解】①[1]甲電路太小，電流表容易燒壞，不可行，乙電路電流表與并聯(lián)組成一個(gè)大量程電流表，可行;②[2]電源電動(dòng)勢(shì)比較小，為方便調(diào)節(jié)，應(yīng)選變阻器;③[3]由圖可知電流表的讀數(shù)為20.0;④[4][5]根據(jù)閉合電路的歐姆定律有根據(jù)圖象可得解得

19⑤[6][7]安阻法測(cè)電池電動(dòng)勢(shì)與內(nèi)阻，把電流表看作理想電表，有整理得若把電流表不能看作理想電表，有整理得可得斜率截距故，四、計(jì)算題（本大題共4小題，17題8分，18題11分、19題11分，20題11分。）19.汽油機(jī)某型號(hào)汽缸如圖，現(xiàn)在該汽缸中密封一定質(zhì)量的理想氣體，通過(guò)各種技術(shù)手段，使該汽缸中密封的理想氣體的狀態(tài)按圖1中箭頭所示的順序變化，圖線BC是一段以縱軸和橫軸為漸近線的雙曲線。（1）已知?dú)怏w在狀態(tài)A的溫度，求氣體在狀態(tài)B和D的溫度各是多少？（以上溫度均為熱力學(xué)溫標(biāo)）（2）將上述變化過(guò)程在圖2中畫(huà)出氣體的圖線（圖中要標(biāo)明A、B、C、D四點(diǎn)，并且要畫(huà)箭頭表示變化方向）（3）如果理想氣體經(jīng)歷C到D的過(guò)程中，氣體內(nèi)能減少了、請(qǐng)問(wèn)氣體放出了多少熱量？（用、、已知量表示上面3問(wèn)的結(jié)果）

20【答案】（1），；（2）；（3）【解析】【詳解】（1）對(duì)A、B兩個(gè)狀態(tài)用蓋-呂薩克定律即解得B到C為等溫過(guò)程對(duì)C、D兩個(gè)狀態(tài)用蓋-呂薩克定律即

21解得（2）圖如下（3）外界對(duì)氣體做功由熱力學(xué)第一定律，氣體放熱20.一實(shí)驗(yàn)裝置截面如圖所示，光滑水平面AB的左端固定一輕彈簧，光滑螺旋圓形軌道與水平面相切于C（E）處，凹槽BDFH底面水平光滑，上面放一質(zhì)量為M無(wú)動(dòng)力平板車，緊靠側(cè)壁BD，平板車上表面與直軌道AB在同一水平面上，將一質(zhì)量為m滑塊壓緊左側(cè)輕彈簧從靜止開(kāi)始釋放，已知螺旋圓形軌道的半徑，平板車的長(zhǎng)度，DF的長(zhǎng)度為L(zhǎng)，，，滑塊與車的動(dòng)摩擦因數(shù)。（車與豎直側(cè)壁FH的碰撞為彈性碰撞，滑塊視為質(zhì)點(diǎn)，不計(jì)空氣阻力）（1）當(dāng)彈簧彈性勢(shì)能以釋放滑塊，求滑塊經(jīng)過(guò)圓弧C點(diǎn)時(shí)對(duì)軌道的壓力；（2）若L足夠長(zhǎng)，要使滑塊不脫離圓軌道，且在車第一次與右側(cè)壁FH相撞前不會(huì)從車上掉落下來(lái)，求釋放滑塊時(shí)彈簧的彈性勢(shì)能范圍；（3）若，當(dāng)彈簧彈性勢(shì)能以釋放滑塊，求滑塊最終離小車左端的距離以及平板車經(jīng)過(guò)的總路程。

22【答案】（1）；（2）；（3），【解析】【詳解】（1）根據(jù)機(jī)械能守恒根據(jù)牛頓第二定律解得根據(jù)牛頓第三定律（2）要使滑塊不脫離圓軌道，有由機(jī)械能守恒有使滑塊在車第一次與右側(cè)壁FH相撞前不會(huì)從車上掉落下來(lái)，根據(jù)動(dòng)量守恒有根據(jù)能量守恒有解得故釋放滑塊時(shí)彈簧的彈性勢(shì)能范圍

23（3）在范圍內(nèi)，說(shuō)明平板車與豎直側(cè)壁FH的碰撞前，已與滑塊共速，滑塊最終離小車左端的距離解得滑塊與平板車第一次碰撞有解得，滑塊與平板車第二次碰撞有解得故平板車經(jīng)過(guò)的總路程為21.如圖甲，在傾角為的斜面上固定放置的兩足夠長(zhǎng)光滑導(dǎo)軌MN、PQ相距為d，M、P兩端連接一阻值為R的電阻。垂直于導(dǎo)軌平面有向上的勻強(qiáng)磁場(chǎng)按圖乙的規(guī)律變化，原先金屬棒ab垂直于導(dǎo)軌且接觸良好，并通過(guò)水平細(xì)線跨過(guò)滑輪與物體A相連，使得棒ab緊靠其右側(cè)的兩個(gè)固定支柱E、F處于靜止?fàn)顟B(tài)，與導(dǎo)軌最下端的距離為L(zhǎng)。時(shí)刻起，磁感應(yīng)強(qiáng)度從減小到時(shí)支柱E、F受到的彈力恰好為零，此后磁感應(yīng)強(qiáng)度保持不變，棒ab開(kāi)始運(yùn)動(dòng)，測(cè)得棒ab

24從開(kāi)始運(yùn)動(dòng)到最大速度的過(guò)程中，流過(guò)電阻R的電量為q。已知棒ab質(zhì)量為3m、物體A質(zhì)量為m，重力加速度為g，不計(jì)除R外其余部分的電阻、一切摩擦以及細(xì)線和滑輪的質(zhì)量。問(wèn)（1）圖乙中時(shí)刻棒ab上電流的方向以及磁感應(yīng)強(qiáng)度減小到時(shí)對(duì)應(yīng)的時(shí)刻；（2）棒ab運(yùn)動(dòng)過(guò)程中達(dá)到的最大速度；（3）棒ab從開(kāi)始運(yùn)動(dòng)到最大速度的過(guò)程中電阻R上產(chǎn)生的焦耳熱Q?！敬鸢浮浚?）從b到a；；（2）；（3）【解析】【詳解】（1）圖乙中時(shí)刻，由于穿過(guò)閉合回路磁通量減小，根據(jù)楞次定律可知，棒ab上電流的方向從b到a；磁感應(yīng)強(qiáng)度減小到時(shí)支柱E、F受到的彈力恰好為零，則解得（2）當(dāng)ab棒向下運(yùn)動(dòng)達(dá)到最大速度時(shí)，則滿足解得

25（3）設(shè)導(dǎo)體棒下滑x達(dá)到最大速度，則解得由能量關(guān)系解得22.如圖所示，平面直角坐標(biāo)系的第一象限內(nèi)存在范圍足夠大、磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為、方向垂直紙面向外的勻強(qiáng)磁場(chǎng)Ⅰ；第四象限內(nèi)，在區(qū)域存在沿x軸正方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)E（未畫(huà)出），在區(qū)域存在一定寬度且足夠長(zhǎng)、磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為、方向垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)Ⅱ。已知，坐標(biāo)為的A點(diǎn)處固定一粒子源，沿x軸正方向發(fā)射速度大小為v、帶正電的粒子束。粒子的質(zhì)量為m，電荷量為q，粒子第一次經(jīng)過(guò)x軸的位置為點(diǎn)。已知，忽略粒子間的相互作用及粒子所受重力。（1）求磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小；（2）粒子第一次進(jìn)入磁場(chǎng)2后，恰好不從磁場(chǎng)2的下邊界射出，求磁場(chǎng)2的寬度D及粒子第一次離開(kāi)磁場(chǎng)2時(shí)的坐標(biāo)；（3）在x軸上放置一粒子靶（忽略靶的大?。?，用于接收從x軸下方打入的粒子，則當(dāng)靶位于哪些坐標(biāo)時(shí)，能接收到粒子？

26【答案】（1）；（2），；（3），【解析】【詳解】（1）粒子在磁場(chǎng)Ⅰ中的運(yùn)動(dòng)軌跡如圖1所示，有解得（2）由（1）可得粒子在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)軌跡半徑設(shè)粒子第一次進(jìn)入電場(chǎng)時(shí)速度與x軸負(fù)方向的夾角為，則粒子在電場(chǎng)中受到水平向右的恒力，故在y軸方向做勻速直線運(yùn)動(dòng)，在x軸方向做勻變速直線運(yùn)動(dòng)

27故粒子第一次磁場(chǎng)2時(shí)垂直磁場(chǎng)邊界入射，如圖2所示粒子在磁場(chǎng)2中運(yùn)動(dòng)的軌跡半徑為故磁場(chǎng)寬度為粒子第一次在電場(chǎng)中做類平拋運(yùn)動(dòng)時(shí)水平方向位移大小故粒子第一次從磁場(chǎng)2中射出時(shí)距y軸的距離為出射點(diǎn)坐標(biāo)為（3）粒子在勻強(qiáng)電場(chǎng)中時(shí)，沿x軸正方向做勻變速直線運(yùn)動(dòng)，沿y軸方向做勻速直線運(yùn)動(dòng)，每穿越一次電場(chǎng)所用時(shí)間為設(shè)粒子第一次從電場(chǎng)中進(jìn)入磁場(chǎng)1時(shí)速度與水平方向的夾角為，則粒子在磁場(chǎng)1中的偏轉(zhuǎn)距離為同理，設(shè)粒子第二次進(jìn)入磁場(chǎng)2時(shí)速度與水平方向的夾角為，則粒子在磁場(chǎng)2中的偏轉(zhuǎn)距離為如圖3所示

28當(dāng)靶位于、、……時(shí)，能接收到粒子由于粒子的豎直方向分速度大小不變，粒子從第一次由電場(chǎng)中進(jìn)入磁場(chǎng)開(kāi)始，在磁場(chǎng)1、2中運(yùn)動(dòng)的水平方向位移大小始終分別為、，故靶在x軸上的位置，

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