《江蘇省蘇州市2022屆高三上學(xué)期期中調(diào)研試題物理Word版含解析》由會員上傳分享，免費在線閱讀，更多相關(guān)內(nèi)容在教育資源-天天文庫。

蘇州市高三上學(xué)期期中試題物理試題一、單項選擇題：本題共10小題，每小題4分，共40分．每小題只有一個選項符合題意．1.用基本量的單位表述電容單位，正確的是（　?。〢.C/VB.Ω/sC.A2·s2/（kg·m2）D.A2·s4/（kg·m2）【答案】D【解析】【詳解】根據(jù)平行板電容器的決定式，有其中，正對面積S單位是m2，靜電力常量k的單位是N·m2/C2，極板間距d的單位是m。又所以用基本量的單位表述電容單位為A2·s4/（kg·m2）故選D。2.如圖所示，餐廳服務(wù)員托舉菜盤給顧客上菜．若菜盤沿水平向左加速運動，則（　?。〢.手對菜盤的摩擦力方向向右B.手對菜盤的作用力等于菜盤的重力C.菜盤對手的作用力方向斜向右下D.菜盤對手的作用力方向斜向左下【答案】C【解析】【詳解】對菜盤受力分析，有豎直向下的自身重力、豎直向上的支持力和水平向左的靜摩擦力。其中手對菜盤的作用力為支持力與靜摩擦力的合力，方向為斜向左上，不等于菜盤的重力。根據(jù)牛頓第三定律，可知菜盤對手的作用力方向斜向右下。故ABD錯誤；C正確。故選C。3.如圖所示，電源電動勢為E、內(nèi)阻為r，R0為定值電阻，電容器的電容為C．閉合開關(guān)S，增大可變電阻R阻值的過程中，電壓表示數(shù)的變化量為ΔU，電流表示數(shù)的變化量為ΔI，則（　?。?/p>

1A.電壓表示數(shù)U和電流表示數(shù)I的比值為R0+rB.ΔU和ΔI的比值為rC.電容器電荷的增加量為CΔUD.電阻R0兩端電壓的減小量為ΔU【答案】C【解析】【詳解】A．由圖可知R增大，則電壓表的示數(shù)U和電流表的示數(shù)I的比值變大，故A錯誤；B．根據(jù)閉合電路歐姆定律得U=E-I（R0+r）由數(shù)學(xué)知識得知保持不變，故B錯誤；CD．閉合開關(guān)S，增大可變電阻R的阻值后，電路中電流減小，由歐姆定律分析得知，電阻R0兩端的電壓減小，R兩端的電壓增大，而它們的總電壓即路端電壓增大，所以電阻R0兩端的電壓減小量小于△U，電容器兩極板間的電壓等于R兩端的電壓，可知電容器板間電壓增大，帶電量增大，增大量為C△U，故D錯誤，C正確。故選C。4.如圖所示，實線為一簇未標(biāo)明方向的電場線，虛線為一帶電粒子僅在電場力作用下的運動軌跡，A、是軌跡上的兩點。下列說法正確的是（　?。〢.A點的電勢比點低

2B.A點的電場強(qiáng)度比點小C.帶電粒子在A點的電勢能比點大D.帶電粒子在A點的動能比點大【答案】D【解析】【詳解】A．由圖可知，粒子的運動軌跡向右彎曲，說明粒子在A、B兩點受到的電場力沿電場線向右。由于電場線方向不明，無法確定電勢高低，故A錯誤；B．電場線越密電場強(qiáng)度越大，故A點的電場強(qiáng)度比B點大，故B錯誤；CD．由軌跡彎曲方向與粒子速度方向的關(guān)系分析可知，由A到B電場力對粒子做負(fù)功，粒子的動能減小，電勢能增大，則帶電粒子在A的電勢能小于B點的電勢能，帶電粒子在A點的動能比點大故D正確，C錯誤。故選D。5.如圖所示，質(zhì)量為m的小球以正對傾角為θ的斜面水平拋出，若小球到達(dá)斜面的位移最小，則小球落到斜面時重力的瞬時功率為（重力加速度為g）（　　）A.B.C.D.【答案】A【解析】【詳解】依題意小球到達(dá)斜面的位移最小，則由平拋運動位移公式，有整理，可得則小球落到斜面時重力的瞬時功率為聯(lián)立，可得故選A。6.如圖所示為高速公路的ETC電子收費系統(tǒng)的示意圖，ETC

3通道的長度是識別區(qū)起點到自動欄桿的水平距離，總長為9.6m。某汽車以6m/s的速度勻速進(jìn)入識別區(qū)，ETC天線用了0.3s的時間識別車載電子標(biāo)簽，識別完成后發(fā)出“滴”的一聲，司機(jī)發(fā)現(xiàn)自動欄桿沒有抬起，于是緊急剎車，已知司機(jī)的反應(yīng)時間為0.5s，汽車在桿前0.3m處停止。則剎車的加速度大小為（　?。〢.5m/s2B.4m/s2C.3.75m/s2D.3.25m/s2【答案】B【解析】【詳解】汽車速度為依題意，知汽車先勻速，后減速。根據(jù)勻變速運動的規(guī)律可得解得剎車的加速度大小為a=4m/s2故選B。7.航天器離子發(fā)動機(jī)原理如圖所示，首先電子槍發(fā)射出的高速電子將中性推進(jìn)劑離子化（即電離出正離子），正離子被正、負(fù)極柵板間的電場加速后從噴口噴出，從而使航天器獲得推進(jìn)或調(diào)整姿態(tài)的反沖力，已知單個正離子的質(zhì)量為m，電荷量為q，正、負(fù)柵板間加速電壓為U，從噴口噴出的正離子所形成的電流為I，忽略離子間的相互作用力，忽略離子噴射對航天器質(zhì)量中和電子槍磁鐵的影響．該發(fā)動機(jī)產(chǎn)生的平均推力F的大小為（　　）A.B.C.D.【答案】A

4【解析】【分析】【詳解】以正離子為研究對象，由動能定理可得時間內(nèi)通過的總電荷量為噴出總質(zhì)量由動量定理可知聯(lián)立解得故A正確，B、C、D錯誤。故選A。8.“嫦娥四號”月球探測器成功在月球背面軟著陸，這是人類首次成功登陸月球背面。如圖所示，假設(shè)“嫦娥四號”在半徑為r的圓形軌道Ⅰ上繞月球運行，周期為T.某時刻“嫦娥四號”在A點變軌進(jìn)入橢圓軌道Ⅱ，在月球表面的B點貼近月球表面飛行，三點在一條直線上.已知月球的半徑為R，引力常量為G，則（　?。〢.在軌道Ⅱ上A和B兩點的加速度之比為B.在軌道Ⅱ上A和B兩點的線速度之比為C.從A點運動到B點的時間為D.月球的平均密度為【答案】C【解析】

5【詳解】A．“嫦娥四號”在軌道Ⅱ上A和B兩點的萬有引力分別為則加速度之比為故A錯誤；B．由開普勒第二定律，有整理，可得故B錯誤；C．橢圓軌道半長軸為設(shè)在橢圓軌道上運行的周期為，由開普勒第三定律有從A點運動到B點的時間為解得故C正確；D．月球的平均密度為“嫦娥四號”在軌道Ⅰ上繞月球做勻速圓周運動，有月球的體積可以表示為

6聯(lián)立，可得故D錯誤。故選C。9.如圖所示，在光滑水平桌面上，將長為的柔軟導(dǎo)線彎成六分之一圓弧，導(dǎo)線固定在A、C兩端.整個裝置處于磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B，方向豎直向上的勻強(qiáng)磁場中，導(dǎo)線通以由到、大小為I的恒定電流，則導(dǎo)線中點處受到的張力大小是（　　）A.B.C.D.【答案】B【解析】【詳解】由幾何關(guān)系可得則圓弧半徑為化曲線為直線，有效長度為R，則張力大小所以B正確；ACD錯誤；故選B。10.如圖所示，將質(zhì)量為2m的重物懸掛在輕繩的一端，輕繩的另一端系一質(zhì)量為m的小環(huán)，小環(huán)套在豎直固定的光滑直桿上，光滑定滑輪與直桿的距離為d。現(xiàn)將小環(huán)從與定滑輪等高的A處靜止釋放，小環(huán)下滑過程中，下列說法正確的是（　?。?/p>

7A.小環(huán)的機(jī)械能守恒B.小環(huán)沿直桿下滑距離為d時，小環(huán)與重物的速度大小之比等于C.當(dāng)輕繩與光滑直桿間夾角為時，小環(huán)的速度最大D.小環(huán)下滑的最大距離為【答案】D【解析】【詳解】A．由于輕繩拉力對小環(huán)做負(fù)功，可知小環(huán)的機(jī)械能減小，A錯誤；B．由于輕繩不可伸長，小環(huán)速度在沿繩方形的分速度等于重物的速度，可得解得B錯誤；C．對環(huán)沿繩方向，由牛頓第二定律可得對重物由牛頓第二定律可得其中其中r為繩與豎直方向夾角為時的繩長，當(dāng)時，聯(lián)立解得可知當(dāng)時環(huán)速度不是最大，C錯誤；D．設(shè)小環(huán)下滑的最大距離為s，此時環(huán)與重物的速度均為零，系統(tǒng)據(jù)機(jī)械能守恒可得

8解得D正確。故選D。二、非選擇題：共5題，共60分．其中第12～15題解答時請寫出必要的文字說明、方程式和重要的演算步驟，只寫出最后答案的不能得分；有數(shù)值計算時，答案中必須明確寫出數(shù)值和單位．11.（1）如圖甲所示，是歐姆表測未知電阻Rx阻值的原理圖，電路中電池的電動勢為E、內(nèi)阻為r，R0為調(diào)零電阻，Rg為表頭內(nèi)阻，則電流I與待測電阻的阻值Rx關(guān)系式為：I=________；（調(diào)零電阻接入電路的部分阻值用R0表示）（2）I﹣Rx的關(guān)系圖象如圖乙所示，由圖象判斷下列說法正確的是_____；A．指針偏角越小，測量的誤差越小B．歐姆調(diào)零是當(dāng)Rx＝0時，調(diào)節(jié)R0使電路中的電流I＝IgC．Rx越小，相同的電阻變化量對應(yīng)的電流變化量越大，所以歐姆表的示數(shù)左密右疏D．測量中，當(dāng)Rx阻值為圖乙中的R2時，指針位于表盤中央位置的右側(cè)（3）用歐姆擋粗測電阻，選用“×1k”倍率擋測量，發(fā)現(xiàn)指針偏轉(zhuǎn)角度過大，因此需選擇________（選填“×10k”或“×100”）倍率的擋，換擋后應(yīng)重新進(jìn)行________（選填“歐姆”或“機(jī)械”）調(diào)零，測量時多用電表的示數(shù)如圖丙所示，測量結(jié)果為Rx=______Ω（4）為了精確地測量待測電阻Rx的阻值，實驗室提供了下列器材：

9A.電流表A1（量程500μA，內(nèi)阻r1=800Ω）B.電流表A2（量程為1.5mA，內(nèi)阻r2約為300Ω左右）C.滑動變阻器R（0~100Ω；額定電流1A）D.定值電阻R1=3200ΩE.定值電阻R2=200ΩF.電源（電動勢E=3.0V，內(nèi)阻約2Ω）G.開關(guān)S、導(dǎo)線若干①要求通過待測電阻的電流調(diào)節(jié)范圍盡量大，請將設(shè)計好的電路圖畫在虛線框中（標(biāo)出器材的符號）________②按正確的設(shè)計連接電路，閉合開關(guān)，移動滑動變阻器的滑片，讀出電流表A1、A2的示數(shù)I1、I2，記錄多組數(shù)據(jù)，并做出I1?I2圖象如圖丁所示，則待測電阻Rx=________Ω（結(jié)果要保留3位有效數(shù)字）?！敬鸢浮竣?②.BC##CB③.×100④.歐姆⑤.1.9×103⑥.⑦.2.00×103（1.94×103~2.02×103）【解析】【詳解】（1）[1]根據(jù)閉合電路歐姆定律故

10（2）[2]A．指針在表盤中間位置時的誤差才較小，故A錯誤；B．歐姆調(diào)零是當(dāng)Rx＝0時，調(diào)節(jié)R0使電路中的電流達(dá)到滿偏電流，故B正確；C．根據(jù)Rx越小，相同的電阻變化量對應(yīng)的電流變化量越大，所以歐姆表的示數(shù)左密右疏，故C正確；D．當(dāng)Rx的阻值為圖乙中的R2時，Rx大于中值電阻，指針位于表盤中央位置的左側(cè)，故D錯誤。故選BC。（3）[3][4]指針偏轉(zhuǎn)角度過大，說明選擇的擋位較大，應(yīng)該換×100倍率的擋位，換擋后應(yīng)重新進(jìn)行歐姆調(diào)零。[5]如圖丙所示，測量結(jié)果為（4）①[6]電流表A1內(nèi)阻已知，可與一定值電阻串聯(lián)，改裝成電壓表，根據(jù)串并聯(lián)關(guān)系，串聯(lián)的電阻越大，改裝成的電壓表量程越大，當(dāng)與R1串聯(lián)時，量程為電源電壓為3V，故電流表A1與R1串聯(lián)比較合適。電阻測量沒有理論誤差因要精確地測量待測電阻，需要測得多組數(shù)據(jù)，故采用分壓接法。電路圖如下：②[7]根據(jù)串并聯(lián)關(guān)系結(jié)合圖像可知解得

1112.如圖所示，粗糙直桿AB豎直放置，在B點與半徑為R＝2.5m的光滑圓弧軌道平滑連接，直徑略大于桿截面的小環(huán)質(zhì)量為m＝2kg。與桿成α＝37°的恒力F作用在小環(huán)上，使它從A點由靜止開始運動，當(dāng)小環(huán)運動到B點時撤去F，小環(huán)沿圓軌道到達(dá)最高點C時，速度恰好為0．已知AB間的距離為5m，小環(huán)與直桿間的動摩擦因數(shù)為0.5。（sin37°＝0.6，cos37°＝0.8，g＝10m/s2）求：（1）小環(huán)在B處時的速度大??；（2）恒力F的大小?！敬鸢浮浚?）5m；（2）60N【解析】【詳解】（1）B到C過程，對小環(huán)應(yīng)用機(jī)械能守恒定律解得（2）對A運動到C的過程，對小環(huán)應(yīng)用動能定理解得13.如圖所示，兩個帶正電的點電荷放在A、B兩處，B處點電荷的電量為，P與A、B兩點的連線與AB間的夾角分別為、。一電子僅在電場力的作用下過P點做勻速圓周運動，軌跡平面AB與垂直。已知電子質(zhì)量為m，電量為，軌道半徑為r。則：（1）A處電荷的電量為多少？（2）電子運動的線速度大小為多少？

12【答案】（1）；（2）【解析】【詳解】(1)當(dāng)電子做勻速圓周運動時，滿足可得(2)當(dāng)電子做勻速圓周運動時，有可得則速度為14.如圖所示為一皮帶傳輸機(jī)的示意圖。傳送帶AB間距離，傾角，以恒定的速度順時針轉(zhuǎn)動.將礦物無初速地放到的傳送帶上，礦物從A端傳輸?shù)紹端，再沿一段與AB相切的半徑圓形圓管軌道運動，到達(dá)最高點后水平拋出，正好落入車廂中心點，礦物落點離最高點的水平距離，豎直距離，設(shè)每塊礦物質(zhì)量，礦物與傳送帶間的動摩擦因數(shù)，不計空氣阻力。（sin37°＝0.6，cos37°＝0.8，g＝10m/s2）求：（1）每塊礦物到達(dá)點時對軌道的壓力；（2）每塊礦物到達(dá)點時的速度大??；（3）如果平均每秒兩塊礦物持續(xù)運送，則相比空載電動機(jī)輸出功率增加了多少？

13【答案】（1）40N，方向豎直向下；（2）4m/s；（3）3760W【解析】【詳解】（1）設(shè)礦物在C點的速度大小為vC，從到做平拋運動的時間為t，則代入數(shù)據(jù)解得設(shè)礦物到達(dá)點時軌道對礦物的支持力大小為F，根據(jù)牛頓第二定律有解得根據(jù)牛頓第三定律可知礦物到達(dá)點時對軌道的壓力大小為方向豎直向下。（2）根據(jù)牛頓第二定律可知礦物在傳送帶上加速過程中的加速度大小為礦物加速到與傳送帶速度相等經(jīng)過位移為所以礦物先做勻加速直線運動，后隨傳送帶一起做勻速運動，達(dá)到點時的速度大小為。（3）礦物在傳送帶上做勻加速運動的時間為t′時間內(nèi)礦物和傳送帶的相對位移大小為因此產(chǎn)生的摩擦熱為

14一塊礦物從A到B動能的增加量為重力勢能的增加量為根據(jù)能量守恒定律可知傳送帶運送一塊礦物相比空載電動機(jī)多做的功為如果平均每秒兩塊礦物持續(xù)運送，則相比空載電動機(jī)輸出功率增加了15.如圖甲所示，長方形MNPQ區(qū)域（MN=PQ=3d），MQ與NP邊足夠長）存在垂直紙面向里的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B的勻強(qiáng)磁場。長為5d、厚度不計的熒光屏ab，其上下兩表面均涂有熒光粉，ab與NP邊平行，相距為d，且左端a與MN相距也為d。電子槍一個一個連續(xù)地發(fā)射出電子（已知電子質(zhì)量為m、電荷量為e、初速度可視為零），經(jīng)電場加速后，沿MN邊進(jìn)入磁場區(qū)域，電子打到熒光屏就會發(fā)光（忽略電子間的相互作用）。（1）若加速電壓為U，求：電子進(jìn)入磁場時的速度；（2）改變加速電壓，使電子不斷打到熒光屏上，求：熒光屏能發(fā)光區(qū)域的總長度；（3）若加速電壓按如圖乙所示的圖像變化，求：從t=0開始一個周期內(nèi)，打在熒光屏上的電子數(shù)相對總電子數(shù)的比例。（電子經(jīng)加速電場的時間遠(yuǎn)小于周期T）【答案】（1）；（2）d；（3）【解析】【詳解】（1）電子在加速場中，根據(jù)動能定理有解得電子剛進(jìn)入磁場的速度大小為

15（2）打在熒光屏點的電子，根據(jù)幾何關(guān)系得解得①若減小粒子的速度，粒子打在熒光屏的下表面，臨界條件是軌跡相切于點，是粒子的最小速度，如圖所示根據(jù)幾何關(guān)系可得，對應(yīng)粒子做圓周運動的半徑為因此，下表面區(qū)域長度是②若增大粒子的速度，粒子打在熒光屏上表面，臨界條件是粒子運動軌跡與相切，由幾何關(guān)系得所以ag的長度為由于那么上表面區(qū)域長度是發(fā)光區(qū)域的總長度為（3）由第（2）步可知，粒子半徑在的區(qū)間內(nèi)，粒子能打在熒光屏上，結(jié)合得

16可求得：當(dāng)時，粒子能打在熒光屏上，因此